《2019屆高考物理二輪復(fù)習(xí) 第二部分 熱點(diǎn)訓(xùn)練二 力與物體的運(yùn)動(dòng)》由會(huì)員分享，可在線(xiàn)閱讀，更多相關(guān)《2019屆高考物理二輪復(fù)習(xí) 第二部分 熱點(diǎn)訓(xùn)練二 力與物體的運(yùn)動(dòng)（6頁(yè)珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1、熱點(diǎn)二　力與物體的運(yùn)動(dòng) 高中常見(jiàn)的性質(zhì)力有重力、彈力、摩擦力、電場(chǎng)力、磁場(chǎng)力等，一定要明確各種力產(chǎn)生的原因、條件，要熟悉每種力的大小和方向的特征，按照“一重、二彈、三摩擦、四其他”的順序?qū)ξ矬w進(jìn)行受力分析。 動(dòng)力學(xué)規(guī)律是歷年高考必考的熱點(diǎn)之一，在近幾年高考中，也常在計(jì)算題的第一題中考查；牛頓運(yùn)動(dòng)定律是高中物理的核心內(nèi)容，是解決力學(xué)問(wèn)題的重要途徑之一，每年高考試題中均有體現(xiàn)，而運(yùn)動(dòng)學(xué)與動(dòng)力學(xué)的結(jié)合考查更是新課標(biāo)高考命題的熱點(diǎn)和重點(diǎn)，題型有選擇題、計(jì)算題、實(shí)驗(yàn)題，命題形式傾向于應(yīng)用型、綜合型和能力型。 考向一　物體的動(dòng)態(tài)平衡 　(多選)固定斜面的傾角為37°，頂端安裝有定滑輪，一遵循胡

2、克定律的彈性輕繩的兩端連接著質(zhì)量相等的物塊A、B，讓彈性繩跨過(guò)定滑輪且與斜面平行，使彈性繩的原長(zhǎng)恰好等于物塊A到滑輪之間的距離。如圖1所示，當(dāng)連接物塊B的彈性繩與水平面間的夾角為37°時(shí)，物塊A恰好能靜止在斜面上不沿斜面下滑，物塊B恰好能靜止在水平面上不動(dòng)。A與斜面之間以及物塊B與水平面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為μ，最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力。重力加速度g＝10 m/s2，sin 37°＝0.6，cos 37°＝0.8?，F(xiàn)用水平拉力F拉勻速向右拉物塊B，則在物塊A運(yùn)動(dòng)之前 圖1 A．物塊A受到的摩擦力一直減小 B．動(dòng)摩擦因數(shù)μ＝ C．物塊B受到的摩擦力一直不變 D．F拉一直保持不變

3、[解析]　本題考查力的合成與分解、摩擦力、胡克定律等，意在考查考生的理解能力和分析能力。因?yàn)槌跏紩r(shí)物塊A恰好能靜止在斜面上不下滑，所以物塊A受到的靜摩擦力沿斜面向上，隨著物塊B向右運(yùn)動(dòng)，彈性繩的彈力逐漸增大，物塊A受到的摩擦力先減小后增大，A錯(cuò)誤；設(shè)彈性繩的彈力大小為F，在題圖圖示情況下，對(duì)物塊A由平衡條件有mgsin 37°＝μmgcos 37°＋F，對(duì)物塊B受力分析，水平方向有Fcos 37°＝μFN，豎直方向有Fsin 37°＋FN′＝mg，其中FN＝FN′，由以上三式可得μ＝，B正確；由于彈性繩的原長(zhǎng)恰好等于A到滑輪之間的距離，設(shè)彈性繩在B上的作用點(diǎn)到滑輪頂部的豎直高度為h，彈性繩與水

4、平方向的夾角為θ，在水平拉力向右拉B的過(guò)程中，彈性繩上的彈力為F＝k(k為彈性繩的勁度系數(shù))，在物塊A運(yùn)動(dòng)之前，物塊B受地面的摩擦力為f＝μ(mg－Fsin θ)＝μ(mg－kh)，恒定不變，C正確；在物塊A運(yùn)動(dòng)之前，水平拉力F拉＝f＋Fcos θ，隨著物塊B向右運(yùn)動(dòng)，水平拉力F拉逐漸增大，D錯(cuò)誤。 [答案]　BC 考向二　連接體問(wèn)題 　(多選)如圖2所示，有兩個(gè)由相同材料制成的物體A、B以輕繩連接，組成的連接體在傾角為θ的斜面上運(yùn)動(dòng)，已知A、B的質(zhì)量分別為m1、m2，當(dāng)作用力F一定時(shí)，B所受繩的拉力FT 圖2 A．與θ無(wú)關(guān) B．與物體和斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)無(wú)關(guān) C．與系統(tǒng)運(yùn)動(dòng)

5、狀態(tài)有關(guān) D．等于，僅與兩物體質(zhì)量有關(guān) [解析]　對(duì)A、B組成的整體分析，根據(jù)牛頓第二定律得 a＝ 對(duì)B分析，有FT－m2gsin θ－μm2gcos θ＝m2a， 解得FT＝，由此式可知輕繩的拉力與θ無(wú)關(guān)，與物體和斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)無(wú)關(guān)，與運(yùn)動(dòng)狀態(tài)無(wú)關(guān)，僅與兩物體的質(zhì)量有關(guān)，A、B、D正確。 [答案]　ABD 考向三　用動(dòng)力學(xué)觀點(diǎn)解決滑塊——滑板模型問(wèn)題 　(2018·南京、鹽城二模)如圖3所示，質(zhì)量為m＝1 kg的物塊(可視為質(zhì)點(diǎn))，放置在質(zhì)量M＝2 kg足夠長(zhǎng)木板的中間，物塊與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.1，木板放置在光滑的水平地面上。在地面上方存在兩個(gè)作用區(qū)，兩作用區(qū)的寬度

6、均為1 m，相距為d，作用區(qū)只對(duì)物塊有力的作用，Ⅰ作用區(qū)對(duì)物塊作用力方向水平向右，Ⅱ作用區(qū)對(duì)物塊作用力方向水平向左，作用力大小均為3 N。將物塊與木板從圖示位置(物塊在Ⅰ作用區(qū)內(nèi)的最左邊)由靜止釋放，已知在整個(gè)過(guò)程中物塊不會(huì)滑離木板。取g＝10 m/s2。 圖3 (1)在物塊剛離開(kāi)Ⅰ區(qū)域時(shí)，物塊的速度多大？ (2)若物塊剛進(jìn)入Ⅱ區(qū)域時(shí)，物塊與木板的速度剛好相同，求兩作用區(qū)的邊界距離d。 [解析]　(1)由題圖可知，在Ⅰ區(qū)域時(shí)對(duì)物塊受力分析，根據(jù)牛頓第二定律得 F－μmg＝mam1 am1＝＝2 m/s2 對(duì)木板受力分析，有 μmg＝MaM1 aM1＝0.5 m/s2 L

7、＝am1t t1＝ ＝1 s vm1＝am1t1＝2 m/s vM1＝aM1t1＝0.5 m/s。 (2)物塊離開(kāi)左側(cè)Ⅰ區(qū)域后μmg＝mam2 am2＝1 m/s2 aM2＝aM1＝0.5 m/s2 當(dāng)物塊與木板達(dá)共同速度時(shí)：vm1－am2t2＝vM1＋aM2t2 解得t2＝1 s d＝vm1t2－am2t＝1.5 m。 [答案]　(1)2 m/s　(2)1.5 m 考向四　彈簧與瞬時(shí)問(wèn)題 　(多選)如圖4所示，一木塊在光滑水平面上受一恒力F作用，前方固定一足夠長(zhǎng)的水平輕彈簧，則當(dāng)木塊接觸彈簧后，下列判斷正確的是 圖4 A．木塊立即做減速運(yùn)動(dòng) B．木塊在一段時(shí)

8、間內(nèi)速度仍增大 C．當(dāng)F等于彈簧彈力時(shí)，木塊速度最大 D．彈簧壓縮量最大時(shí)，木塊速度為零，但加速度不為零 [解析]　剛開(kāi)始時(shí)，彈簧對(duì)木塊的作用力小于外力F，木塊繼續(xù)向右做加速度逐漸減小的加速運(yùn)動(dòng)，直到二力相等，此時(shí)木塊速度最大，而后，彈簧對(duì)木塊的作用力大于外力F，木塊繼續(xù)向右做加速度逐漸增大的減速運(yùn)動(dòng)，直到速度為零，但此時(shí)木塊的加速度不為零，故選項(xiàng)A錯(cuò)誤，B、C、D正確。 [答案]　BCD 1.如圖5所示，光滑的水平面上有一小車(chē)，以向右的加速度a做勻加速運(yùn)動(dòng)，車(chē)內(nèi)兩物體A、B質(zhì)量之比為2∶1，A、B間用彈簧相連并放在光滑桌面上，B通過(guò)質(zhì)量不計(jì)的輕繩與車(chē)相連，剪斷輕繩的瞬間，A、B

9、的加速度大小分別為 圖5 A．a(chǎn),0　　　　B．a(chǎn)，a　　　　C．a(chǎn),2a　　　　D．0,2a 解析　令物體B的質(zhì)量為m，剪斷輕繩前，彈簧彈力大小為F，繩子拉力大小為FT，將A、B及彈簧看作整體，則有FT＝3ma；隔離物體A為研究對(duì)象，則有F＝2ma，剪斷輕繩后，繩中拉力立即消失，彈簧彈力不變，所以物體A受力不變，加速度大小仍為a，而物體B所受合力為F＝maB，即aB＝2a。 答案　C 2．如圖6所示，斜面固定，傾角為θ＝30°，物塊m和M用輕質(zhì)繩通過(guò)斜面上的定滑輪相連接(滑輪光滑)，一力F施加在繩上一點(diǎn)O使O點(diǎn)所受三力相互成120°角且靜止，已知M質(zhì)量為10 kg，m與斜面間恰

10、無(wú)摩擦力，則m的質(zhì)量和F的值各為(g取10 m/s2) 圖6 A．10 kg　100 N B．20 kg　100 N C．5 kg　50 N D．20 kg　50 N 解析　“O”點(diǎn)所受三力互成120°角且靜止，則F＝Mg＝mgsin θ，即F＝Mg＝100 N，m＝＝2M＝20 kg。 答案　B 3.已知AB＝BC，且已知質(zhì)點(diǎn)在AB段的平均速度為3 m/s，在BC段的平均速度為6 m/s，設(shè)物體沿ABC直線(xiàn)做勻變速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，如圖7所示，則質(zhì)點(diǎn)在B點(diǎn)時(shí)速度為 圖7 A．4 m/s B．4.5 m/s C．5 m/s D．5.5 m/s 解析　由＝可知，3＝，

11、6＝，故t1＝2t2， t1、t2分別為通過(guò)AB、BC的時(shí)間， 又AB中間時(shí)刻速度v1＝AB＝3 m/s， BC中間時(shí)刻速度v2＝BC＝6 m/s， 設(shè)加速度為a，則vB－v1＝a·， v2－v1＝a。 由以上可得vB＝5 m/s。 答案　C 4.(多選)如圖8所示，水平地面上傾角為θ的斜面上，有一斜劈A，A的水平上表面有一斜劈B，B的傾角也為θ，B的斜面上有一物塊C，A、B、C一起沿斜面勻速下滑，已知A、B、C的質(zhì)量均為m，重力加速度為g，下列說(shuō)法正確的是 圖8 A．A、B間摩擦力為零 B．C對(duì)B壓力大小為mg C．A受斜面摩擦力大小為mgsin θ D．斜

12、面受到A的摩擦力和地面的摩擦力的合力大小為3mgsin θ 解析　對(duì)B、C整體受力分析，受重力、支持力，根據(jù)平衡知，A、B間摩擦力為零，故A正確；對(duì)C分析，在垂直斜面方向上平衡，有FN＝mgcos θ，可知C對(duì)B的壓力大小為mgcos θ，故B錯(cuò)誤；對(duì)A、B、C整體分析，整體受重力、支持力和摩擦力，根據(jù)平衡得，斜面對(duì)A的摩擦力F1＝3mgsin θ，故C錯(cuò)誤；斜面不受地面的摩擦力，所以斜面受的摩擦力和地面的摩擦力合力大小為3mgsin θ，故D正確。 答案　AD 5．(多選)如圖9甲所示，質(zhì)量為M＝2 kg的木板靜止在光滑水平面上，可視為質(zhì)點(diǎn)的物塊(質(zhì)量設(shè)為m)從木板的左側(cè)沿木板表面水平

13、沖上木板，物塊和木板的速度－時(shí)間圖像如圖乙所示，g取10 m/s2，結(jié)合圖像，下列說(shuō)法正確的是 圖9 A．可求得物塊在前2 s內(nèi)的位移5 m B．可求得物塊與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ＝0.2 C．可求得物塊的質(zhì)量m＝2 kg D．可求得木板的長(zhǎng)度L＝2 m 解析　物塊在前2 s內(nèi)的位移x＝×1 m＋2×1 m＝5 m，A正確；由運(yùn)動(dòng)學(xué)圖像知，兩物體加速度大小相同，設(shè)物塊加速度大小為a1，木板加速度大小為a2，則有μmg＝ma1＝Ma2，則m＝M＝2 kg，C正確；由μmg＝ma1可得μ＝0.2，B正確；由于物塊與木板達(dá)到共同速度時(shí)不清楚二者的相對(duì)位置關(guān)系，故無(wú)法求出木板的長(zhǎng)度，D錯(cuò)誤。 答案　ABC 6