《（名師導(dǎo)學(xué)）2020版高考物理總復(fù)習(xí) 第六章 章末總結(jié) 提高教學(xué)案 新人教版》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《（名師導(dǎo)學(xué)）2020版高考物理總復(fù)習(xí) 第六章 章末總結(jié) 提高教學(xué)案 新人教版（4頁(yè)珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1、章末總結(jié)　提高 知 識(shí) 網(wǎng) 絡(luò)　【p110】 動(dòng)量 解題思路與方法　【p110】 1．動(dòng)量、沖量都是矢量，動(dòng)量定理、動(dòng)量守恒定律的表達(dá)式都是矢量式．解題時(shí)，先要規(guī)定正方向，與正方向相同的力，速度、動(dòng)量都是正值，反之則都是負(fù)值，取好正、負(fù)值再代入表達(dá)式進(jìn)行計(jì)算．方向不能確定的，先假定為正方向，算出結(jié)果為正值，則與假定方向相同，算出結(jié)果為負(fù)值，則與假定方向相反． 2．碰撞是現(xiàn)實(shí)生活和科技中經(jīng)常遇到的問(wèn)題，處理碰撞問(wèn)題的原則是：①由于碰撞時(shí)間很短，物體位移可忽略，即原地碰撞．②在碰撞瞬間，內(nèi)力遠(yuǎn)遠(yuǎn)大于外力，碰撞過(guò)程動(dòng)量守恒．③碰后系統(tǒng)的動(dòng)能一定小于或等于碰前系統(tǒng)的動(dòng)能，即動(dòng)能不增加．④物體

2、的速度大小、方向應(yīng)符合實(shí)際情況．追擊碰撞前，后面物體的速度大于前面物體的速度；碰撞后如果兩物體仍向原方向運(yùn)動(dòng)，后面物體的速度應(yīng)小于或等于前面物體的速度． 3．在涉及碰撞、爆炸、打擊、繩繃緊等物理過(guò)程時(shí)，必須注意到一般這些過(guò)程中均隱含著系統(tǒng)中有機(jī)械能與其他形式能量之間的轉(zhuǎn)化．例如碰撞過(guò)程，機(jī)械能一定不會(huì)增加；爆炸過(guò)程，一定有化學(xué)能(或內(nèi)能)轉(zhuǎn)化為機(jī)械能；繩繃緊時(shí)動(dòng)能一定有損失．對(duì)于碰撞、爆炸、打擊問(wèn)題，作用時(shí)間一般極短，遵守動(dòng)量守恒定律． 體 驗(yàn) 高 考　　【p110】 　　　　　　　　　　　　　　　　　　　 1．(2017·全國(guó)卷Ⅰ)將質(zhì)量為1.00 kg的模型火箭點(diǎn)火升空，50

3、g燃燒的燃?xì)庖源笮?00 m/s的速度從火箭噴口在很短時(shí)間內(nèi)噴出．在燃?xì)鈬姵龊蟮乃查g，火箭的動(dòng)量大小為(噴出過(guò)程中重力和空氣阻力可忽略)(　　) A．30 kg·m/s B．5.7×102 kg·m/s C．6.0×102 kg·m/s D．6.3×102 kg·m/s 【解析】設(shè)火箭的質(zhì)量(不含燃?xì)?為m1，燃?xì)獾馁|(zhì)量為m2，根據(jù)動(dòng)量守恒，m1v1＝m2v2，解得火箭的動(dòng)量為：p＝m1v1＝m2v2＝30 kg·m/s，所以A正確，B、C、D錯(cuò)誤． 【答案】A 2．(2017·海南)光滑水平桌面上有P、Q兩個(gè)物塊，Q的質(zhì)量是P的n倍．將一輕彈簧置于P、Q之間，用外力緩慢壓P、

4、Q.撤去外力后，P、Q開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，P和Q的動(dòng)量大小的比值為(　　) A．n2 B．n C. D．1 【解析】撤去外力后，系統(tǒng)所受合外力為零，總動(dòng)量守恒，設(shè)P的動(dòng)量方向?yàn)檎较?，則有pP－pQ＝0，故動(dòng)量大小之比為1，選D. 【答案】D 3．(2018·全國(guó)卷Ⅰ)一質(zhì)量為m的煙花彈獲得動(dòng)能E后，從地面豎直升空．當(dāng)煙花彈上升的速度為零時(shí)，彈中火藥爆炸將煙花彈炸為質(zhì)量相等的兩部分，兩部分獲得的動(dòng)能之和也為E，且均沿豎直方向運(yùn)動(dòng)．爆炸時(shí)間極短，重力加速度大小為g，不計(jì)空氣阻力和火藥的質(zhì)量．求： (1)煙花彈從地面開(kāi)始上升到彈中火藥爆炸所經(jīng)過(guò)的時(shí)間； (2)爆炸后煙花彈向上運(yùn)動(dòng)的部分距地

5、面的最大高度． 【解析】(1)設(shè)煙花彈上升的初速度為v0，由題給條件有 E＝mv?、? 設(shè)煙花彈從地面開(kāi)始上升到火藥爆炸所用的時(shí)間為t，由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式有 0－v0＝－gt?、? 聯(lián)立①②式得 t＝　③ (2)設(shè)爆炸時(shí)煙花彈距地面的高度為由機(jī)械能守恒定律有 E＝mgh1?、? 火藥爆炸后，煙花彈上、下兩部分均沿豎直方向運(yùn)動(dòng)，設(shè)炸后瞬間其速度分別為v1和v2，由題給條件和動(dòng)量守恒定律有 mv＋mv＝E?、? mv1＋mv2＝0?、? 由⑥式知，煙花彈兩部分的速度方向相反，向上運(yùn)動(dòng)部分做豎直上拋運(yùn)動(dòng)，設(shè)爆炸后煙花彈上部分繼續(xù)上升的高度為h2，由機(jī)械能守恒定律有 mv＝mgh2　⑦ 聯(lián)

6、立④⑤⑥⑦式得，煙花彈上部分距地面的最大高度為 h＝h1＋h2＝?、? 4．(2016·全國(guó)卷Ⅱ)某游樂(lè)園入口旁有一噴泉，噴出的水柱將一質(zhì)量為M的卡通玩具穩(wěn)定地懸停在空中．為計(jì)算方便起見(jiàn)，假設(shè)水柱從橫截面積為S的噴口持續(xù)以速度v0豎直向上噴出；玩具底部為平板(面積略大于S)；水柱沖擊到玩具底板后，在豎直方向水的速度變?yōu)榱?，在水平方向朝四周均勻散開(kāi)．忽略空氣阻力．已知水的密度為ρ，重力加速度大小為g.求 (1)噴泉單位時(shí)間內(nèi)噴出的水的質(zhì)量； (2)玩具在空中懸停時(shí)，其底面相對(duì)于噴口的高度． 【解析】(1)設(shè)Δt時(shí)間內(nèi)，從噴口噴出的水的體積為ΔV，質(zhì)量為Δm，則 Δm＝ρΔV① ΔV＝

7、v0SΔt② 由①②式得，單位時(shí)間內(nèi)從噴口噴出的水的質(zhì)量為 ＝ρv0S③ (2)設(shè)玩具懸停時(shí)其底面相對(duì)于噴口的高度為h，水從噴口噴出后到達(dá)玩具底面時(shí)的速度大小為v.對(duì)于Δt時(shí)間內(nèi)噴出的水，由能量守恒得 Δmv2＋Δmgh＝Δmv④ 在h高度處，Δt時(shí)間內(nèi)噴射到玩具底面的水沿豎直方向的動(dòng)量變化量的大小為 Δp＝Δmv⑤ 設(shè)水對(duì)玩具的作用力的大小為F，根據(jù)動(dòng)量定理有 FΔt＝Δp⑥ 由于玩具在空中懸停，由力的平衡條件得 F＝Mg⑦ 聯(lián)立③④⑤⑥⑦式得 h＝－⑧ 5．(2016·上海)如圖，粗糙水平面上，兩物體A、B以輕繩相連，在恒力F作用下做勻速運(yùn)動(dòng)．某時(shí)刻輕繩斷開(kāi)，

8、A在F牽引下繼續(xù)前進(jìn)，B最后靜止．則在B靜止前，A和B組成的系統(tǒng)動(dòng)量________．(選填“守恒”或“不守恒”)在B靜止后，A和B組成的系統(tǒng)動(dòng)量__________．(選填“守恒”或“不守恒”) 【解析】輕繩斷開(kāi)前，A、B做勻速運(yùn)動(dòng)，系統(tǒng)受到的拉力F和摩擦力平衡，合外力等于零，即F－fA－fB＝0，所以系統(tǒng)動(dòng)量守恒；當(dāng)輕繩斷開(kāi)B靜止之前，A、B系統(tǒng)的受力情況不變，即F－fA－fB＝0，所以系統(tǒng)的動(dòng)量依然守恒；當(dāng)B靜止后，系統(tǒng)的受力情況發(fā)生改變，即F－fA＝mAa，系統(tǒng)合外力不等于零，系統(tǒng)動(dòng)量不守恒． 【答案】守恒　不守恒 6．(2016·天津)如圖所示，方盒A靜止在光滑的水平面上，盒內(nèi)有一小滑塊B，盒的質(zhì)量是滑塊的2倍，滑塊與盒內(nèi)水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ.若滑塊以速度v開(kāi)始向左運(yùn)動(dòng)，與盒的左、右壁發(fā)生無(wú)機(jī)械能損失的碰撞，滑塊在盒中來(lái)回運(yùn)動(dòng)多次，最終相對(duì)于盒靜止，則此時(shí)盒的速度大小為_(kāi)_______，滑塊相對(duì)于盒運(yùn)動(dòng)的路程為_(kāi)_______． 【解析】由于水平面光滑，則滑塊與盒碰撞時(shí)動(dòng)量守恒，故有： mv＝(M＋m)v1，且M＝2m 相對(duì)靜止時(shí)的共同速度v1＝＝ 由功能關(guān)系知：μmgs＝mv2－(M＋m)v 解得滑塊相對(duì)盒的路程s＝. 【答案】　 - 4 -