《2022年高三物理二輪復(fù)習(xí) 第1部分 專題1 力與運(yùn)動(dòng) 第4講 電場和磁場中的曲線運(yùn)動(dòng)課時(shí)作業(yè)集訓(xùn)》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《2022年高三物理二輪復(fù)習(xí) 第1部分 專題1 力與運(yùn)動(dòng) 第4講 電場和磁場中的曲線運(yùn)動(dòng)課時(shí)作業(yè)集訓(xùn)（8頁珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1、2022年高三物理二輪復(fù)習(xí) 第1部分 專題1 力與運(yùn)動(dòng) 第4講 電場和磁場中的曲線運(yùn)動(dòng)課時(shí)作業(yè)集訓(xùn) 一、選擇題(1～3題為單項(xiàng)選擇題，4～6題為多項(xiàng)選擇題) 1．從太陽和其他星體發(fā)射出的高能粒子流，在射向地球時(shí)，由于地磁場的存在，改變了運(yùn)動(dòng)方向，對(duì)地球起到了保護(hù)作用．如圖為地磁場的示意圖(虛線，方向未標(biāo)出)，赤道上方的磁場可看成與地面平行．若有來自宇宙的一束粒子流，其中含有α(氦核)、β(電子)、γ(光子)射線以及質(zhì)子，沿與地球表面垂直的方向射向赤道上空，則在地磁場的作用下(　　) A．α射線沿直線射向赤道 B．β射線向西偏轉(zhuǎn) C．γ射線向東偏轉(zhuǎn) D．質(zhì)子向北偏轉(zhuǎn) 解析：　赤道上

2、方磁場方向與地面平行、由南向北，根據(jù)左手定則可知，帶正電的α射線、質(zhì)子向東偏轉(zhuǎn)，帶負(fù)電的β射線向西偏轉(zhuǎn)，不帶電的γ射線不偏轉(zhuǎn)，B項(xiàng)正確． 答案：　B 2．如圖所示，直線MN上方有垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場，電子1從磁場邊界上的a點(diǎn)垂直MN和磁場方向射入磁場，經(jīng)t1時(shí)間從b點(diǎn)離開磁場．之后電子2也由a點(diǎn)沿圖示方向以相同速率垂直磁場方向射入磁場，經(jīng)t2時(shí)間從a、b連線的中點(diǎn)c離開磁場，則為(　　) A.　　　　　　　　 B．2 C. D．3 解析：　兩電子進(jìn)入同一勻強(qiáng)磁場中，由圓周運(yùn)動(dòng)半徑公式R＝可知，兩電子軌跡半徑相同．電子1垂直MN射入勻強(qiáng)磁場，由幾何知識(shí)可知，電子1在磁場中運(yùn)動(dòng)軌跡

3、所對(duì)圓心角為π，電子2在磁場中運(yùn)動(dòng)軌跡所對(duì)圓心角為.由周期公式T＝可知，兩電子運(yùn)動(dòng)周期相同，故運(yùn)動(dòng)時(shí)間之比等于軌跡所對(duì)圓心角之比，即t1∶t2＝3∶1，D項(xiàng)正確． 答案：　D 3.如圖所示，兩平行金屬極板之間有一勻強(qiáng)電場，金屬板長為L，一帶電粒子以速度v0垂直于場強(qiáng)方向沿上極板邊緣射入勻強(qiáng)電場，剛好貼下極板邊緣飛出，如果帶電粒子以某一垂直于場強(qiáng)方向的初速度v1射入電場并能從其中射出，當(dāng)它的豎直位移等于板間距d時(shí)，它的水平射程為2L(軌跡未畫出)．則粒子進(jìn)入電場的初速度v1等于(　　) A．v0 B．v0 C.v0 D．2v0 解析：　設(shè)粒子在電場中的加速度為a.第一次，粒子恰好從

4、下極板的邊緣飛出，粒子做類平拋運(yùn)動(dòng)，有L＝v0t，d＝at2，解得：v0＝L .第二次，由類平拋運(yùn)動(dòng)的推論知粒子好像是從上極板的中點(diǎn)沿直線飛出，由幾何相似可得，粒子飛出電場時(shí)豎直方向的位移為y＝，可得L＝v1t′，y＝＝at′2，解得：v1＝L ＝v0，故C正確． 答案：　C 4．(xx·河南省開封第二次模擬)如圖所示，MPQO為有界的豎直向下的勻強(qiáng)電場，電場強(qiáng)度為E，ACB為光滑固定的半圓形絕緣軌道，圓軌道半徑為R，圓心為O，A、B為圓水平直徑的兩個(gè)端點(diǎn)，OC豎直．一個(gè)質(zhì)量為m、電荷量為－q的帶電小球，從A點(diǎn)正上方高為H處由靜止釋放，并從A點(diǎn)沿切線進(jìn)入半圓軌道．不計(jì)空氣阻力及一切能量

5、損失，關(guān)于帶電小球的運(yùn)動(dòng)情況，下列說法正確的是(　　) A．小球一定能從B點(diǎn)離開軌道 B．小球在AC部分可能做勻速圓周運(yùn)動(dòng) C．若小球能從B點(diǎn)離開，上升的高度一定小于H D．小球到達(dá)C點(diǎn)的速度可能為零 解析：　由于題中沒有給出H與R、E的關(guān)系，所以小球不一定能從B點(diǎn)離開軌道；若重力大小等于電場力，小球在AC部分做勻速圓周運(yùn)動(dòng)．由于小球在AC部分運(yùn)動(dòng)時(shí)電場力做負(fù)功，所以若小球能從B點(diǎn)離開，上升的高度一定小于H；若小球到達(dá)C點(diǎn)的速度為零，則電場力大于重力，則小球不可能沿半圓軌道運(yùn)動(dòng)，所以小球到達(dá)C點(diǎn)的速度不可能為零． 答案：　BC 5．(xx·四川理綜·7)如圖所示，S處有一電子

6、源，可向紙面內(nèi)任意方向發(fā)射電子，平板MN垂直于紙面，在紙面內(nèi)的長度L＝9.1 cm，中點(diǎn)O與S間的距離d＝4.55 cm，MN與SO直線的夾角為θ，板所在平面有電子源的一側(cè)區(qū)域有方向垂直于紙面向外的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度B＝2.0×10－4 T．電子質(zhì)量m＝9.1×10－31 kg，電荷量e＝－1.6×10－19 C，不計(jì)電子重力．電子源發(fā)射速度v＝1.6×106 m/s的一個(gè)電子，該電子打在板上可能位置的區(qū)域的長度為l，則(　　) A．θ＝90°時(shí)，l＝9.1 cm B．θ＝60°時(shí)，l＝9.1 cm C．θ＝45°時(shí)，l＝4.55 cm D．θ＝30°時(shí)，l＝4.55 cm 解

7、析：　電子在勻強(qiáng)磁場運(yùn)動(dòng)的軌道半徑為 R＝＝4.55 cm 電子沿逆時(shí)針方向做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，當(dāng)θ＝90°時(shí)，豎直向下發(fā)射的粒子恰好打到N點(diǎn)，水平向右發(fā)射的粒子恰好打到M點(diǎn)，如圖甲所示，故l＝L＝9.1 cm，A正確；當(dāng)θ＝30°時(shí)，豎直向下發(fā)射的粒子，恰好打到N點(diǎn)，由幾何關(guān)系知，另一臨界運(yùn)動(dòng)軌跡恰好與MN相切于O點(diǎn)，如圖乙所示，故粒子只能打在NO范圍內(nèi)，故l＝＝4.55 cm，D正確；進(jìn)而可分析知當(dāng)θ＝45°或θ＝60°時(shí)，粒子打到板上的范圍大于ON小于NM，即4.55 cm

8、場中，從傾角為θ的斜面上的M點(diǎn)水平拋出一個(gè)帶負(fù)電小球，小球的初速度為v0，最后小球落在斜面上的N點(diǎn)．在已知θ、v0和小球所受的電場力大小F及重力加速度g的條件下，不計(jì)空氣阻力，則下列判斷正確的是(　　) A．可求出小球落到N點(diǎn)時(shí)重力的功率 B．由圖可知小球所受的重力大小可能等于電場力 C．可求出小球從M點(diǎn)到N點(diǎn)的過程中電勢能的變化量 D．可求出小球落到N點(diǎn)時(shí)速度的大小和方向 解析：　質(zhì)量未知，故無法求重力功率，故A錯(cuò)誤；小球做類平拋運(yùn)動(dòng)，重力與電場力的大小不確定，可能兩者相等，故B正確；小球從M點(diǎn)到N點(diǎn)的過程中電勢能的變化量ΔEp＝Fy＝F·，由于加速度a無法求出，所以電勢能的變

9、化量不能求出，故C錯(cuò)誤；利用平拋知識(shí)有＝＝＝tan θ，速度偏向角設(shè)為α，則tan α＝＝2tan θ，則得：vy＝2v0tan θ，故vN＝＝v0，D正確． 答案：　BD 二、非選擇題 7．如圖所示，x軸上方有寬為L、方向水平向右的勻強(qiáng)電場，一質(zhì)量為m(重力不計(jì))、帶電荷量為＋q(q＞0)的粒子從y軸上的A點(diǎn)以初速度v0沿y軸負(fù)方向射入電場，粒子從x軸上的B點(diǎn)沿與x軸正方向成37°角的方向射出磁場，并打在x軸下方的接收屏上C點(diǎn)(沒畫出)，已知粒子從B到C的運(yùn)行時(shí)間與粒子在電場中的運(yùn)行時(shí)間相同，sin 37°＝0.6，cos 37°＝0.8. (1)求勻強(qiáng)電場的電場強(qiáng)度E的大??；

10、 (2)求粒子接收屏上C點(diǎn)到y(tǒng)軸的水平距離； (3)若粒子是質(zhì)量為m、帶電荷量為＋q的液滴，重力加速度為g，若要求液滴也能通過B點(diǎn)，則液滴的初速度應(yīng)為多少？ 解析：　(1)粒子從A到B做類平拋運(yùn)動(dòng)，由類平拋規(guī)律知 L＝v0t，vx＝t，OB＝t，vB＝ 在B點(diǎn)有tan 37°＝，即vx＝v0 聯(lián)立得E＝，OB＝L，vB＝v0. (2)粒子從B到C做勻速直線運(yùn)動(dòng)，由題意知BC＝vBt＝L 所以接收屏上C點(diǎn)到y(tǒng)軸的水平距離s＝OB＋BC·cos 37°＝2L. (3)若粒子變?yōu)橐旱?，設(shè)液滴的初速度為v，則液滴沿y軸做初速度為v的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，沿x軸做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，因

11、水平方向各量均沒變，所以液滴的運(yùn)行時(shí)間仍為t，則L＝vt＋gt2，代入t值得v＝v0－. 答案：　(1)　(2)2L　(3)v0－ 8．(xx·四川綿陽南山中學(xué)月考)如圖所示，桌面上有一輕質(zhì)彈簧，左端固定在A點(diǎn)，自然狀態(tài)時(shí)其右端B點(diǎn)位于桌面右側(cè)邊緣．水平桌面右側(cè)有一豎直放置、半徑R＝0.3 m的光滑半圓軌道MNP，桌面與軌道相切于M點(diǎn)．在以MP為直徑的右側(cè)和水平半徑ON的下方部分有水平向右的勻強(qiáng)電場，場強(qiáng)的大小E＝.現(xiàn)用質(zhì)量m0＝0.4 kg的小物塊a將彈簧緩慢壓縮到C點(diǎn)，釋放后彈簧恢復(fù)原長時(shí)物塊恰停止在B點(diǎn)．用同種材料、質(zhì)量為m＝0.2 kg、帶＋q的絕緣小物塊b將彈簧緩慢壓縮到C點(diǎn)，釋

12、放后，小物塊b離開桌面由M點(diǎn)沿半圓軌道運(yùn)動(dòng)，恰好能通過軌道的最高點(diǎn)P.(g取10 m/s2)求： (1)小物塊b經(jīng)過桌面右側(cè)邊緣B點(diǎn)時(shí)的速度大??； (2)釋放后，小物塊b在運(yùn)動(dòng)過程中克服摩擦力做的功； (3)小物塊b在半圓軌道運(yùn)動(dòng)中最大速度的大?。? 解析：　(1)在P點(diǎn)，mg＝m， 由B到P由動(dòng)能定理得qER－2mgR＝mv－mv， 解得vB＝3 m/s. (2)由C到B，對(duì)物塊a由能量守恒定律得Ep＝μm0gxCB， 由C到B，對(duì)物塊b由能量守恒定律得Ep＝μmgxCB＋mv， 摩擦力做功Wf＝μmgxCB， 解得Wf＝0.9 J. (3)物塊b與圓心連線與豎直方向

13、的夾角為45°位置時(shí)(設(shè)為D)，速度最大，B→D，由動(dòng)能定理得 qERsin 45°－mgR(1－cos 45°)＝mv－mv， 解得vD＝ m/s. 答案：　(1)3 m/s　(2)0.9 J　(3) m/s 9.(xx·湖北部分重點(diǎn)中學(xué)聯(lián)考)如圖，一半徑為R的圓表示一柱形區(qū)域的橫截面(紙面)，O為圓心．在柱形區(qū)域內(nèi)加一方向垂直于紙面向外的勻強(qiáng)磁場，一質(zhì)量為m、電荷量為＋q的粒子沿圖中直徑從圓上的A點(diǎn)射入柱形區(qū)域，在圓上的D點(diǎn)離開該區(qū)域，已知圖中θ＝120°，現(xiàn)將磁場換為豎直向下的勻強(qiáng)電場，同一粒子以同樣速度沿直徑從A點(diǎn)射入柱形區(qū)域，也在D點(diǎn)離開該區(qū)域．若磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，不計(jì)

14、重力，試求： (1)電場強(qiáng)度E的大??； (2)經(jīng)磁場從A到D的時(shí)間與經(jīng)電場從A到D的時(shí)間之比． 解析：　(1)加磁場時(shí)，粒子從A到D有 qBv0＝m① 由幾何關(guān)系有r＝Rtan ＝R② 加電場時(shí)，粒子從A到D有 R＋Rcos 60°＝v0t③ Rsin 60°＝ t2④ 聯(lián)立①②③④得E＝. (2)粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)時(shí)，由幾何關(guān)系可知圓心角為α＝60°. 運(yùn)動(dòng)周期T＝＝， 在磁場中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間t′＝T＝. 由①②③④得粒子經(jīng)電場從A到D的運(yùn)動(dòng)時(shí)間t＝. 即＝. 答案：　(1)　(2) 10．如圖所示，在平面直角坐標(biāo)系中的三角形FGH區(qū)域內(nèi)存在著垂直紙面向里的

15、勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，三點(diǎn)坐標(biāo)分別為F(－3L,5L)、G(－3L，－3L)、H(5L，－3L)．坐標(biāo)原點(diǎn)O處有一體積可忽略的粒子發(fā)射裝置，能夠連續(xù)不斷地在該平面內(nèi)向各個(gè)方向均勻地發(fā)射速度大小相等的帶正電的同種粒子，單位時(shí)間內(nèi)發(fā)射粒子數(shù)目穩(wěn)定．粒子的質(zhì)量為m，電荷量為q，不計(jì)粒子間的相互作用以及粒子的重力． (1)速率在什么范圍內(nèi)所有粒子均不可能射出該三角形區(qū)域？ (2)如果粒子的發(fā)射速率為，設(shè)在時(shí)間t內(nèi)粒子源發(fā)射粒子的總個(gè)數(shù)為N，在FH邊上安裝一個(gè)可以吸收粒子的擋板，那么該時(shí)間段內(nèi)能夠打在擋板FH上的粒子有多少？并求出擋板上被粒子打中的長度． 解析：　(1)如圖所示，以O(shè)M

16、為直徑的粒子在運(yùn)動(dòng)過程中剛好不飛離磁場，可以保證所有粒子均不能射出三角形區(qū)域． 根據(jù)數(shù)學(xué)幾何關(guān)系，OM＝2r0＝L 根據(jù)牛頓第二定律qv0B＝m 可得滿足v0≤ 的粒子均不可能射出該三角形區(qū)域 (2)當(dāng)粒子速率v＝時(shí)，可求得其做圓周運(yùn)動(dòng)半徑r＝ L 如圖所示，當(dāng)粒子的入射速度方向沿OM的反方向時(shí)，運(yùn)動(dòng)軌跡與FH相切于J點(diǎn)；當(dāng)粒子的入射速度方向沿OM時(shí)，運(yùn)動(dòng)軌跡與FH相切于I點(diǎn)，介于這二者之間的入射粒子均可打在擋板FH上，共計(jì)N/2 擋板上被粒子打中的長度為圖中IK之間的距離，其中IM＝r＝L OK＝2r＝2L MK＝＝L 擋板上被粒子打中的長度IK＝(＋)L 答案：　(1)v0≤　(2)(＋)L