《2022年高三物理一輪復習備考 第八單元 曲線運動、機械能與萬有引力綜合 滬科版》由會員分享，可在線閱讀，更多相關《2022年高三物理一輪復習備考 第八單元 曲線運動、機械能與萬有引力綜合 滬科版（7頁珍藏版）》請在裝配圖網上搜索。

1、2022年高三物理一輪復習備考 第八單元 曲線運動、機械能與萬有引力綜合 滬科版 選擇題部分共10小題。在每小題給出的四個選項中,1~6小題只有一個選項正確,7~10小題有多個選項正確;全部選對的得4分,選不全的得2分,有選錯或不答的得0分。 1.“地心說”與“日心說”共同的觀點是 A.天體的運動必然是完美和諧的拋物線運動 B.天體的運動必然是完美和諧的橢圓運動 C.天體的運動必然是完美和諧的勻速圓周運動 D.天體的運動必然是完美和諧的雙曲線運動 解析:無論是日心說還是地心說,古人都把天體運動看得很神圣,認為天體的運動必然是完美和諧的勻速圓周運動。 答案:C 2.下列關于向心

2、加速度和向心力的說法中,正確的是 A.向心力始終指向圓心 B.向心加速度越大,物體的速率變化越快 C.在勻速圓周運動中,向心加速度恒定不變 D.向心力既可以改變速度的方向,又可以改變速度的大小 解析:做圓周運動的物體,向心加速度和向心力始終指向圓心,與速度方向垂直,不改變速度的大小,只改變速度的方向,是變量。選項A正確。 答案:A 3. 下列關于重力勢能的說法中,正確的是 A.在有阻力作用的情況下,物體重力勢能的減少量不等于重力對物體所做的功 B.物體的重力勢能是物體與地球所共有的,其大小與勢能零點的選取有關 C.重力勢能增加時,重力對物體做正功 D.重力勢能有負值,是矢

3、量 解析:重力勢能的變化量只與重力做功有關,與阻力無關,重力做正功,重力勢能減小,重力做負功,重力勢能增加,選項A、C錯誤;重力勢能是物體與地球組成的“系統(tǒng)”所共有的,其大小與勢能零點的選取有關,是標量,選項D錯誤、B正確。 答案:B 4.一個物體以速度v0水平拋出,落地時的速度大小為v0,不計空氣阻力,重力加速度為g,則物體在空中飛行的時間為 A.　　　　　　B.　　　　　　C.　　　　　　D. 解析:vy==v0,所以t==,選項A正確。 答案:A 5.雙星系統(tǒng)由兩顆恒星組成,兩恒星在相互引力的作用下,分別圍繞其連線上的某一點做周期相同的勻速圓周運動。圖示的甲和乙是某雙星系

4、統(tǒng)中的兩顆恒星,相距為r,分別繞其連線上的固定點O做勻速圓周運動,若已知兩恒星的總質量為M,引力常量為G,則它們運行的周期T為 A.2π B.2πr C.2π D.2π 解析:設兩恒星的質量分別為m1和m2,做圓周運動的半徑分別為r1和r2,角速度分別為ω1和ω2。根據題意,有ω1=ω2、r1+r2=r,根據萬有引力定律和牛頓運動定律,有G=m1r1,G=m2r2,聯立解得m1+m2=M=,所以T=2π,選項D正確。 答案:D 6.如圖所示,置于圓形水平轉臺邊緣的小物塊隨轉臺加速轉動,當轉速ω=2 rad/s時,物體恰好滑離轉臺開始做平拋運動?，F測得轉臺的半徑R=0.5 m,設物

5、塊所受的最大靜摩擦力等于滑動摩擦力,則物塊與轉臺間的動摩擦因數μ為 A.0.5 B.0.4 C.0.3 D.0.2 解析:物塊離開轉臺時,最大靜摩擦力提供向心力,有fm=m,又fm=μmg、v=ωR=1 m/s,由以上兩式得μ=0.2,選項D正確。 答案:D 7.如圖所示,一個質量為1 kg的物體以某一初始速度從空中O點沿x軸正方向水平拋出,它的軌跡恰好是拋物線方程y=5x2(x、y的單位均為米),重力加速度g=10 m/s2,下列說法正確的是 A.初速度大小為2 m/s B.物體從拋出經1 s后通過點(1 m,5 m) C.運動過程中重力做功的表達式為W=50x2 D.2

6、 s時重力的瞬時功率為100 W 解析:由平拋運動的規(guī)律x=v0t、y=gt2可知,y=x2,即=5,所以v0=1 m/s,選項A錯誤;當水平位移為1 m時,用時1 s,選項B正確;運動過程中重力做功的表達式為W=mgy=50x2,選項C正確;2 s時重力的瞬時功率為P=mgvy=mg2t=200 W,選項D錯誤。 答案:BC 8.如圖所示,半徑為R的光滑圓弧軌道固定在豎直平面內,光滑斜面與圓弧軌道平滑連接。一小球(小球的半徑r遠小于R)從斜面高h處由靜止滑下,要使小球不在圓弧軌道的中途脫離圓弧軌道,h應滿足 A.0

7、由機械能守恒定律知,當0

8、可得月球的質量M=,結合V=πR3知其密度ρ=,選項B正確、C錯誤;衛(wèi)星繞月球表面飛行,由G=mg,解得g=,選項D正確。 答案:BD 10.如圖所示,光滑水平面上放著足夠長的木板B,木板B上放著木塊A,A、B間的接觸面粗糙。現用一水平拉力F作用在A上使其由靜止開始運動,用f1代表B對A的摩擦力,f2代表A對B的摩擦力,則下列情況可能的是 A.拉力F做的功等于A、B系統(tǒng)動能的增加量 B.拉力F做的功小于A、B系統(tǒng)動能的增加量 C.拉力F和f1對A做的功之和大于A的動能的增加量 D. f2對B做的功等于B的動能的增加量 解析:A相對B的運動有兩種可能,相對靜止和相對滑動。當A、

9、B相對靜止時,拉力F做的功等于A、B系統(tǒng)的動能的增加量;當A、B相對滑動時,拉力F做的功大于A、B系統(tǒng)的動能的增加量,選項A正確、B錯誤;由動能定理知,選項D正確、C錯誤。 答案:AD 第Ⅱ卷　(非選擇題　共60分) 非選擇題部分共6小題,把答案填在題中的橫線上或按題目要求作答。解答題應寫出必要的文字說明、方程式和重要演算步驟,只寫出最后答案的不能得分。有數值計算的題,答案中必須明確寫出數值和單位。 11.(6分)某實驗小組的同學應用如圖甲所示的實驗裝置探究“功與速度變化的關系”。 (1)依據實驗原理,小李同學設計了如下的主要實驗步驟,其中錯誤的是　　　　。? A.安裝好實

10、驗器材 B.放小車的長木板應該盡量使其水平 C.第一次先用一條橡皮筋做實驗,測量獲得的速度v1,此時橡皮筋對小車做的功為W,換用2條、3條、4條……同樣的橡皮筋做實驗,每次橡皮筋的拉伸長度可以不一致,讓小車由靜止釋放,測出v2、v3、v4……,對應的橡皮筋對小車所做的功為2W、3W、4W……,將數據記入表格中 D.分析數據,嘗試作出W-v和W-v2圖象,探究W與v的關系 (2)小黃同學應用正確的方法和操作后,得到了下表的實驗數據,請你在圖乙所示的坐標系中畫出W-v2圖象; W(一條橡皮筋 做的功作為功 的單位) 1 2 3 4 5 v2(m2/s2) 0.50 1

11、.01 1.51 1.99 2.50 　　 實驗所得的結論是　　　　　　　　　　　　　　　　　　　　。? 解析:(1)為避免摩擦力的影響,實驗必須平衡摩擦力,故長木板不能水平放置,選項B錯誤;每次橡皮筋的拉伸長度要一致,即小車每次從同一位置由靜止釋放,選項C錯誤。 (2)W-v2圖象如圖丙所示;結論是力對物體所做的功與速度的平方成正比。 丙 答案:(1)BC　(2分) (2)如圖丙所示　(2分)　力對物體所做的功與速度的平方成正比　(2分) 甲 12.(9分)如圖甲所示,一水平放置的輕彈簧,一端固定,另一端與裝有力傳感器的小滑塊連接;初始時滑塊靜止于附有刻度尺的

12、氣墊導軌上的坐標原點O處?，F利用此裝置探究彈簧的彈性勢能Ep與其被拉伸時長度的改變量x的關系。 (1)彈簧的勁度系數為k,用力緩慢地向右拉滑塊,讀出刻度尺上x的值與傳感器所對應的彈力F的大小,作出如圖乙中A所示的F-x圖象。結合　　　　定律,根據W=Fx知,圖線與橫軸所圍成的“面積”應等于彈力所做的功,即彈性勢能Ep=　　　　。? 乙 (2)換用勁度系數不同的彈簧,重復上述實驗,作出F-x圖象如圖乙中B所示,則A、B兩彈簧的勁度系數kA　　　　 kB(填“>”“<”或“=”)。若發(fā)生相同的形變量x,則∶=　　　　。? 解析:(1) W=kx·x=kx2,而W=Ep,所以Ep=kx2

13、。 (2)由F=kx及Ep=kx2知kA

14、 G=mω2r　(2分) 又因為G=mg　(2分) 聯立解得:ω=。　(1分) (2)由于衛(wèi)星高度低于同步衛(wèi)星高度,故有ω>ω0　(2分) 用t表示所需時間,則: ωt-ω0t=2π　(2分) 所以t==。　(1分) 14.(10分)如圖所示,MNP為豎直面內一固定軌道,其圓弧段MN與水平段NP相切于N,P端固定一豎直擋板。M相對于N的高度為h,NP的長度為s。一質量為m的物塊自M端以初動能Ek=mgh沿軌道下滑,滑至N點時,其動能仍為Ek,與擋板發(fā)生碰撞后原速率返回,到達圓弧段前某處停止,物塊與NP段的動摩擦因數為μ,求: (1)物塊在MN段克服摩擦力所做的功。 (2

15、)物塊停止處與N點的距離。 解:(1)設物塊在MN段克服摩擦力所做的功為W,由動能定理得:mgh-W=0　(3分) 解得W=mgh?！?1分) (2)設物塊在水平軌道上的停止處與N點的距離為d,由動能定理得: -μmg(2s-d)=0-Ek　(2分) 又Ek=mgh　(2分) 聯立解得d=2s-?！?2分) 15.(12分)如圖所示,一不可伸長的輕繩上端懸掛于O點,下端系一個質量為m的小球,小球靜止在豎直方向時,與固定于水平面上半徑為R的光滑圓弧軌道接觸且無擠壓。現將小球拉到A點(保持繩繃直)由靜止釋放,當它經過B點時繩恰好被拉斷,小球沿該點切線方向水平拋出落在水平地面上的

16、P點。圓弧軌道的圓心O'與OB在同一豎直線上,已知繩長L=R,O'P=R,重力加速度為g,不計空氣阻力,求: (1)繩被拉斷的瞬間小球的速度。 (2)輕繩所受的最大拉力的大小。 解:(1)在水平方向上,有x=R=vt　(2分) 在豎直方向上,有R=gt2　(2分) 解得v=?！?1分) (2)由第(1)問知,小球在B點時,圓弧軌道對小球的作用力FN=0　(1分) 以小球為研究對象,由牛頓運動定律,得F-mg=m　(2分) 又L=R　(2分) 解得所求的最大拉力F=2mg?！?2分) 16.(13分)如圖所示,質量M=2 kg的滑塊套在光滑的水平軌道上,質量m=1 kg的

17、小球通過長l=0.45 m的輕質細桿與滑塊上的光滑軸O連接,小球和輕桿可在豎直平面內繞軸O自由轉動,開始輕桿處于水平狀態(tài)?，F將小球自水平方向由靜止釋放,取g=10 m/s2。 (1)若滑塊鎖定,試求小球通過最低點P時對輕桿的作用力的大小和方向。 (2)在滿足(1)的條件下,小球在最低點P突然脫離輕桿沿水平方向飛出,垂直打在與水平面成45°角的斜面上的Q點,試求Q點到軸O的水平距離。 (3)若解除對滑塊的鎖定,小球通過最低點時的速度大小v'= m/s,求此時滑塊的速度。 解:(1)滑塊鎖定,小球自水平方向由靜止釋放,設在最低點P的速度為v0,則由機械能守恒,得: mgl=m　(2分) 根據牛頓第二定律,有F-mg=　(1分) 解得v0==3 m/s,F=30 N　(1分) 依據牛頓第三定律知,小球在最低點時對桿的作用力大小F'=F=30 N,方向向下?！?1分) (2)在滿足(1)的條件下,小球在最低點P時脫離輕桿沿水平方向飛出,做平拋運動,垂直打在45°角的斜面上的Q點,有tan 45°=　(1分) v⊥=gt　(1分) 解得t=0.3 s　(1分) 所以Q點到軸O的水平距離x=v0t=0.9 m?！?1分) (3)解除鎖定,滑塊和小球組成的系統(tǒng)的機械能守恒 即mgl=mv'2+Mv2　(3分) 代入數據得v= m/s?！?1分)