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1、2022年高三物理二輪復(fù)習(xí) 作業(yè)卷二 直線運(yùn)動(dòng)2(含解析)
一 、單選題(本大題共5小題。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中,只有一個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的)
1. 如圖所示,小球從豎直磚墻某位置靜止釋放,用頻閃照相機(jī)在同一底片上多次曝光,得到了圖中1、2、3、4、5…所示小球運(yùn)動(dòng)過(guò)程中每次曝光的位置.連續(xù)兩次曝光的時(shí)間間隔均為T(mén),每塊磚的厚度為d。根據(jù)圖中的信息,下列判斷錯(cuò)誤的是 ( )
A.位置“1”是小球釋放的初始位置
B.小球做勻加速直線運(yùn)動(dòng)
C.小球下落的加速度為
D.小球在位置“3”的速度為
2.(xx?湖北模擬)高鐵專家正設(shè)想一種“遇站不
2、停式勻速循環(huán)運(yùn)行”列車(chē),如襄陽(yáng)→隨州→武漢→仙桃→潛江→荊州→荊門(mén)→襄陽(yáng),構(gòu)成7站鐵路圈,建兩條靠近的鐵路環(huán)線.列車(chē)A以恒定速率以360km/h運(yùn)行在一條鐵路上,另一條鐵路上有“伴駁列車(chē)”B,如某乘客甲想從襄陽(yáng)站上車(chē)到潛江站,先在襄陽(yáng)站登上B車(chē),當(dāng)A車(chē)快到襄陽(yáng)站且距襄陽(yáng)站路程為s處時(shí),B車(chē)從靜止開(kāi)始做勻加速運(yùn)動(dòng),當(dāng)速度達(dá)到360km/h時(shí)恰好遇到A車(chē),兩車(chē)連鎖并打開(kāi)乘客雙向通道,A、B列車(chē)交換部分乘客,并連體運(yùn)動(dòng)一段時(shí)間再解鎖分離,B車(chē)勻減速運(yùn)動(dòng)后停在隨州站并卸客,A車(chē)上的乘客甲可以中途不停站直達(dá)潛江站.則( ?。?
A.
無(wú)論B車(chē)勻加速的加速度值為多少,s是相同的
B.
該
3、乘客節(jié)約了五個(gè)站的減速、停車(chē)、提速時(shí)間
C.
若B車(chē)勻加速的時(shí)間為1min,則s為4km
D.
若B車(chē)勻減速的加速度大小為5m/s2,則當(dāng)B車(chē)停下時(shí)A車(chē)已距隨州站路程為1km
3. 如圖所示,在光滑的水平面上有一段長(zhǎng)為L(zhǎng)、質(zhì)量分布均勻的繩子.在水平向左的恒力F作用下從靜止開(kāi)始做勻加速運(yùn)動(dòng).繩子中某點(diǎn)到繩子左端的距離為x,設(shè)該處繩的張力大小為T(mén),則能正確描述T與x之間的關(guān)系的圖象是 ( )
A.
B.
C.
D.
4. a、b兩物體從同一位置沿同一直線運(yùn)動(dòng),它們的速度圖象如圖所示,下列說(shuō)法正確的是( )
4、A.a(chǎn)、b加速時(shí),物體a的加速度大于物體b的加速度
B.40秒時(shí),a、b兩物體速度相等,相距200 m
C.60秒時(shí),物體a在物體b的前方
D.20秒時(shí),a、b兩物體相距最遠(yuǎn)
5. 一滑塊在水平地面上沿直線滑行,t=0時(shí)其速度為l m/s,從此時(shí)刻起在滑塊運(yùn)動(dòng)方向上再施加一個(gè)水平作用力,力F和滑塊的速度隨時(shí)間變化的規(guī)律如圖a和b所示,設(shè)在第1 s內(nèi),第2s內(nèi),第3s內(nèi)力F對(duì)滑塊做的功分別為W1、W2、W3,下列說(shuō)法正確的是( )
題2圖
A.W1=W2=W3 B.W1
5、
二 、多選題(本大題共2小題)
6. 如圖所示,平行于光滑斜面的輕彈簧勁度系數(shù)為k,一端固定在傾角為的斜面底端,另一端與物塊A連接,物塊B沿斜面疊放在物塊A上但不黏連。物塊A、B質(zhì)量均為m,初始時(shí)兩物塊均靜止?,F(xiàn)用平行于斜面向上的拉力F拉動(dòng)物塊B,使B做加速度為a的勻加速運(yùn)動(dòng),兩物塊在開(kāi)始一段時(shí)間內(nèi)的v-t圖象如圖乙所示(t1時(shí)刻A、B的圖線相切,t2時(shí)刻對(duì)應(yīng)A圖線的最高點(diǎn)),重力加速度為g,則
A.A達(dá)到最大速度時(shí)的位移為
B.拉力F的最小值為
C.t1=時(shí)A、B分離
D.A、B分離前,A、B和彈簧系統(tǒng)機(jī)械能增加,A和彈簧系統(tǒng)機(jī)械能增加
7. 在軍事
6、演習(xí)中,某空降兵從飛機(jī)上跳下,先做自由落體運(yùn)動(dòng),在t1時(shí)刻,速度達(dá)較大值v1時(shí)打開(kāi)降落傘,做減速運(yùn)動(dòng),在t2時(shí)刻以較小速度v2著地。他的速度圖像如圖所示。下列關(guān)于該空降兵在0~t1或t1~t2時(shí)間內(nèi)的平均速度的結(jié)論正確的是( )
A.0~t1,= B.t1~t2,=
C.t1~t2,> D.t1~t2,<
三 、簡(jiǎn)答題(本大題共2小題)
8. 摩天大樓中一部直通高層的客運(yùn)電梯,行程超過(guò)百米.電梯的簡(jiǎn)化模型如圖1所示.考慮安全、舒適、省時(shí)等因素,電梯的加速度a是隨時(shí)間t變化的,已知電梯在t=0時(shí)由靜止開(kāi)始上升,a﹣t圖象如圖2所示.電梯總質(zhì)量m=2.0
7、×103kg,忽略一切阻力,重力加速度g取10m/s2.
(2)類比是一種常用的研究方法.對(duì)于直線運(yùn)動(dòng),教科書(shū)中講解了由υ─t圖象求位移的方法.請(qǐng)你借鑒此方法,對(duì)比加速度和速度的定義,根據(jù)圖2所示a﹣t圖象,求電梯在第1s內(nèi)的速度改變量△υ1和第2s末的速率υ2;
(3)求在0~11s時(shí)間內(nèi),拉力和重力對(duì)電梯所做的總功W.
9. 總質(zhì)量為100kg的小車(chē),在粗糙水平地面上從靜止開(kāi)始運(yùn)動(dòng),其速度﹣時(shí)間圖象如圖所示.已知在0﹣2s時(shí)間內(nèi)小車(chē)受到恒定水平拉力F=1240N,2s后小車(chē)受到的拉力發(fā)生了變化.試根據(jù)圖象求:(g取10m/s2)
(1)0﹣18時(shí)間內(nèi)小車(chē)行駛的平均速度約為多少
8、?
(2)t=1s時(shí)小車(chē)的加速度a;
(3)小車(chē)與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ.
xx萬(wàn)卷作業(yè)卷(二)答案解析
一 、單選題
1.【答案】A
2.【答案】D
考點(diǎn):
勻變速直線運(yùn)動(dòng)的位移與時(shí)間的關(guān)系..
專題:
直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律專題.
分析:
B加速度越大,加速度到360km/h的時(shí)間越短,相應(yīng)A的運(yùn)動(dòng)時(shí)間越短.
從襄陽(yáng)到潛江間隔四個(gè)站.
由勻速運(yùn)動(dòng)可算出s.
由勻變速規(guī)律可得B的減速時(shí)間,進(jìn)而可得A的運(yùn)動(dòng)位移.
解答:
A、B加速度越大,加速度到360km/h的時(shí)間越短,相應(yīng)A的運(yùn)動(dòng)時(shí)間越短,由于A是勻速運(yùn)動(dòng),故時(shí)間越短s越小,故A錯(cuò)誤.
B、從襄陽(yáng)
9、到潛江間一共間隔四個(gè)站,故一共節(jié)約4個(gè)站的減速、停車(chē)、提速時(shí)間,故B錯(cuò)誤.
C、若B車(chē)勻加速的時(shí)間為1min,則此時(shí)間內(nèi)A的運(yùn)動(dòng)位移為:s=vt=100×60m=6000m,故C錯(cuò)誤.
D、B由360km/h=100m/s減速到0的時(shí)間為:,位移為:,A的運(yùn)動(dòng)位移為:x=vt=100×20=2000m,故則當(dāng)B車(chē)停下時(shí)A車(chē)已距隨州站路程為△x=x2﹣x1=1km,故D正確.
故選:D.
點(diǎn)評(píng):
該題的關(guān)鍵是要抓住AB的運(yùn)動(dòng)狀態(tài),A一直是勻速直線運(yùn)動(dòng),B經(jīng)歷勻加速,勻速,勻減速三個(gè)階段,完成乘客的上車(chē)下車(chē).
3.【答案】B
考點(diǎn): 牛頓第二定律;勻變速直線運(yùn)動(dòng)的圖像.
專題:
10、牛頓運(yùn)動(dòng)定律綜合專題.
分析:對(duì)x受力分析,對(duì)整體受力分析由牛頓第二定律可求得整體的加速度;再由牛頓第二定律可得出T與x的關(guān)系.
解答:解:設(shè)單位長(zhǎng)度質(zhì)量為m;對(duì)整體分析有:F=Lma;
則對(duì)x分析可知:T=xma
聯(lián)立解得:
故可知T與x成正比;則右段繩的質(zhì)量為,可解得.
故B正確;
故選:B.
點(diǎn)評(píng):本題考查牛頓第二定律的應(yīng)用,要注意明確整體法與隔離法的應(yīng)用,正確選取研究對(duì)象再用牛頓第二定律即可列式求解.
4.【答案】C
5.【答案】B
【知識(shí)點(diǎn)】 功的計(jì)算;勻變速直線運(yùn)動(dòng)的圖像.A5 E1
【答案】B 解析:由速度圖象可知,第1s、2s、3s內(nèi)的位移分別為0
11、.5m、0.5m、1m,由F-t圖象及功的公式w=Fscosθ可求知:W1=0.5J,W2=1.5J,W3=2J.故本題中ACD錯(cuò),B正確.故選:B.
【思路點(diǎn)撥】根據(jù)功的公式W=FL可知,知道F的大小,再求得各自時(shí)間段內(nèi)物體的位移即可求得力F做功的多少.本題考查的是學(xué)生對(duì)功的理解,根據(jù)功的定義可以分析做功的情況.
二 、多選題
6.【答案】AC
7.【答案】AD
三 、簡(jiǎn)答題
8.
考點(diǎn):
動(dòng)能定理;勻變速直線運(yùn)動(dòng)的位移與時(shí)間的關(guān)系;牛頓第二定律.
專題:
動(dòng)能定理的應(yīng)用專題.
分析:
(1)由圖讀出電梯向上加速運(yùn)動(dòng)的最大加速度和減速運(yùn)動(dòng)的最大加速度大
12、小,由牛頓第二定律求解最大拉力F1和最小拉力F2;
(2)運(yùn)用類比法可知,a﹣t圖象與坐標(biāo)軸所圍的“面積”等于速度變化量,即可求出電梯在第1s內(nèi)的速度改變量△υ1,及電梯在2s內(nèi)的速度改變量△υ2,即求得第2s末的速率υ2;
(3)由a─t圖象可知,11s~30s內(nèi)速率最大,其值等于s內(nèi)a─t圖線下的面積,由動(dòng)能定理求解拉力和重力對(duì)電梯所做的總功W.
解答:
解(1)由牛頓第二定律,有:F﹣mg=ma
由a─t圖象可知,F(xiàn)1和F2對(duì)應(yīng)的加速度分別是:a1=1.0m/s2,a2=﹣1.0m/s2
F1=m(g+a1)=2.0×103×(10+1.0)N=2.2×104N
(2)類比
13、可得,所求速度變化量等于第1s內(nèi)a─t圖線下的面積
△υ1=0.50m/s
同理可得:△υ2=υ2﹣υ0=1.5m/s
υ0=0,第2s末的速率為:υ2=1.5m/s
(3)由a─t圖象可知,11s~30s內(nèi)速率最大,其值等于s內(nèi)a─t圖線下的面積,有:υm=10m/s
由動(dòng)能定理,總功為:W=Ek2﹣Ek1=mυm2﹣0=×2.0×103×102J=1.0×105J
答:(1)電梯在上升過(guò)程中受到的最大拉力F1是2.2×104N,最小拉力F2是1.8×104N.
(2)電梯在第1s內(nèi)的速度改變量△υ1是0.50m/s,第2s末的速率υ2是1.5m/s.
(3)在0─11s時(shí)間
14、內(nèi),拉力和重力對(duì)電梯所做的總功W是1.0×105J.
點(diǎn)評(píng):
本題一要有基本的讀圖能力,并能根據(jù)加速度圖象分析電梯的運(yùn)動(dòng)情況;二要能運(yùn)用類比法,理解加速度圖象“面積”的物理意義.
難度:普通
知識(shí)點(diǎn):牛頓第二定律
關(guān)鍵字:物理 新人教版 必修1 第四章 牛頓運(yùn)動(dòng)定律 6 用牛頓運(yùn)動(dòng)定律解決問(wèn)題(一)
9.
考點(diǎn):
牛頓第二定律;勻變速直線運(yùn)動(dòng)的圖像.
專題:
牛頓運(yùn)動(dòng)定律綜合專題.
分析:
(1)在v﹣t圖象中與時(shí)間軸所圍面積即為位移,即可求的平均速度;
(2)由求的加速度
(3)由牛頓第二定律求的摩擦因數(shù)
解答:
(1)由圖可知 0﹣18s內(nèi)位移為L(zhǎng)=188 m
平均速度為=10.4 m/s
(2)0﹣1s內(nèi)加速度為=8 m/s2
(3)由牛頓第二定律得F﹣μmg=ma
μ=
答:(1)0﹣18時(shí)間內(nèi)小車(chē)行駛的平均速度約為10.4m/s
(2)t=1s時(shí)小車(chē)的加速度a為8m/s2;
(3)小車(chē)與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ為0.44.
點(diǎn)評(píng):
本題主要考查了v﹣t圖象,從v﹣t圖象中求面積求加速度