《2022年高三物理一輪 基礎(chǔ)訓(xùn)練卷27（含解析） 新人教版》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《2022年高三物理一輪 基礎(chǔ)訓(xùn)練卷27（含解析） 新人教版（12頁珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1、2022年高三物理一輪 基礎(chǔ)訓(xùn)練卷27（含解析） 新人教版 一、選擇題 1．如右圖所示，A、B是兩根互相平行的、固定的長(zhǎng)直通電導(dǎo)線，二者電流大小和方向都相同．一個(gè)矩形閉合金屬線圈與A、B在同一平面內(nèi)，并且ab邊保持與通電導(dǎo)線平行，線圈從圖中的位置1勻速向左移動(dòng)，經(jīng)過位置2，最后到位置3，其中位置2恰在A、B的正中間，則下面的說法中正確的是(　　) A．在位置2這一時(shí)刻，穿過線圈的磁通量為最大 B．在位置2這一時(shí)刻，穿過線圈的磁通量的變化率為零 C．從位置1到位置3的整個(gè)過程中，線圈內(nèi)感應(yīng)電流的方向發(fā)生了變化 D．從位置1到位置3的整個(gè)過程中，線圈受到的磁場(chǎng)力的方向保持不變 解析

2、：　由安培定則知A錯(cuò)誤，此時(shí)穿過線圈的磁通量的變化率最大；從位置1到位置3的整個(gè)過程中，穿過線圈的磁通量是先向外逐漸減小到零，然后向里逐漸增大，由楞次定律知C錯(cuò)D對(duì)． 答案：　D 2.如右圖所示，在紙面內(nèi)放有一個(gè)條形磁鐵和一個(gè)圓形線圈(位于磁鐵正中央)，下列情況中能使線圈中產(chǎn)生感應(yīng)電流的是(　　) A．將磁鐵在紙面內(nèi)向上平移 B．將磁鐵在紙面內(nèi)向右平移 C．將磁鐵繞垂直紙面的軸轉(zhuǎn)動(dòng) D．將磁鐵的N極轉(zhuǎn)向紙外，S極轉(zhuǎn)向紙內(nèi) 解析：　 磁鐵在線圈所處位置產(chǎn)生的磁感線與線圈平面平行，穿過線圈的磁通量為零，將磁鐵在紙面內(nèi)向上平移、向右平移和將磁鐵繞垂直紙面的軸轉(zhuǎn)動(dòng)，穿過線圈的磁通量始終都

3、是零，沒有發(fā)生變化，所以不會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流．將磁鐵的N極轉(zhuǎn)向紙外，S極轉(zhuǎn)向紙內(nèi)時(shí)，穿過線圈的磁通量由零開始逐漸變大，磁通量發(fā)生了變化，所以有感應(yīng)電流產(chǎn)生． 答案：　D 3.如右圖所示，導(dǎo)軌間的磁場(chǎng)方向垂直于紙面向里，當(dāng)導(dǎo)線MN在導(dǎo)軌上向右加速滑動(dòng)時(shí)，正對(duì)電磁鐵A的圓形金屬環(huán)B中(　　) A．有感應(yīng)電流，且B被A吸引 B．無感應(yīng)電流 C．可能有，也可能沒有感應(yīng)電流 D．有感應(yīng)電流，且B被A排斥 解析：　MN向右加速滑動(dòng)，根據(jù)右手定則，MN中的電流方向從N→M，且大小在逐漸變大，根據(jù)安培定則知，電磁鐵A的磁場(chǎng)方向向左，且大小逐漸增強(qiáng)，根據(jù)楞次定律知，B環(huán)中的感應(yīng)電流產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向向右，

4、B被A排斥． 答案：　D 4.如右圖所示，在坐標(biāo)系xOy中，有邊長(zhǎng)為a的正方形金屬線框abcd，其一條對(duì)角線ac和y軸重合、頂點(diǎn)a位于坐標(biāo)原點(diǎn)O處．在y軸的右側(cè)的Ⅰ、Ⅳ象限內(nèi)有一垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁場(chǎng)的上邊界與線框的ab邊剛好完全重合，左邊界與y軸重合，右邊界與y軸平行．t＝0時(shí)刻，線圈以恒定的速度v沿垂直于磁場(chǎng)上邊界的方向穿過磁場(chǎng)區(qū)域．取沿a→b→c→d→a的感應(yīng)電流方向?yàn)檎瑒t在線圈穿越磁場(chǎng)區(qū)域的過程中，感應(yīng)電流i隨時(shí)間t變化的圖線是下圖中的(　　) 解析：　在d點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到O點(diǎn)過程中，ab邊切割磁感線，根據(jù)右手定則可以確定線框中電流方向?yàn)槟鏁r(shí)針方向，即正方向，D錯(cuò)誤；t＝0時(shí)

5、刻，ab邊切割磁感線的有效長(zhǎng)度最大，然后逐漸減小，故感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)和感應(yīng)電流逐漸減小，C錯(cuò)誤；當(dāng)cd邊與磁場(chǎng)邊界重合后繼續(xù)運(yùn)動(dòng)，cd邊切割磁感線，根據(jù)右手定則可知線框中電流方向?yàn)轫槙r(shí)針方向，即負(fù)方向，B錯(cuò)誤，A正確． 答案：　A 5．如圖所示，以下判斷正確的是(　　) A．圖甲中因穿過鋁環(huán)的磁通量始終為零，所以鋁環(huán)中不產(chǎn)生感應(yīng)電流 B．圖乙中地面上方的電場(chǎng)方向和磁場(chǎng)方向可能重合 C．由公式E＝N可求出圖丙導(dǎo)線abc中的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為零 D．圖丁中，當(dāng)導(dǎo)線A通過向外的電流時(shí)，磁鐵對(duì)斜面的壓力增大，同時(shí)彈簧縮短 解析：　圖甲中鋁環(huán)切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，A錯(cuò)；圖乙中當(dāng)電場(chǎng)力和洛倫茲力

6、的合力向上與重力平衡時(shí)小球沿直線運(yùn)動(dòng)，此時(shí)電場(chǎng)方向和磁場(chǎng)方向相同，B對(duì)；圖丙中導(dǎo)線切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，C錯(cuò)；圖丁中，經(jīng)判斷可知導(dǎo)線與磁鐵的相互作用力使磁鐵對(duì)斜面的壓力減小，彈簧的拉力減小，D錯(cuò)． 答案：　B 6．如圖甲所示，一個(gè)電阻為R，面積為S的矩形導(dǎo)線框abcd，水平放置在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，方向與ad邊垂直并與線框平面成45°角，O、O′分別是ab邊和cd邊的中點(diǎn)．現(xiàn)將線框右半邊ObcO′繞OO′逆時(shí)針旋轉(zhuǎn)90°到圖乙所示位置．在這一過程中，導(dǎo)線中通過的電荷量是(　　) A.　　　　　　　　　 B. C. D．0 解析：　根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律可以導(dǎo)

7、出感應(yīng)的電荷量為：Q＝；對(duì)右半個(gè)線框分析而ΔΦ＝B×cos 45°－＝BScos 45°＝BS，故答案選A. 答案：　A 7.如右圖所示，a、b是同種材料(非超導(dǎo)材料)制成的等長(zhǎng)導(dǎo)體棒，靜止于水平面內(nèi)足夠長(zhǎng)的光滑水平導(dǎo)軌上，b的質(zhì)量是a的2倍，勻強(qiáng)磁場(chǎng)垂直于紙面向里．若給a 4.5 J的初動(dòng)能使之向左運(yùn)動(dòng)，最后a、b速度相同且均為a初速度的，不計(jì)導(dǎo)軌的電阻，則整個(gè)過程中a棒產(chǎn)生的熱量最大值為(　　) A．2 J B．1.5 J C．3 J D．4.5 J 答案：　A 8.如右圖所示，在光滑的水平面上，一質(zhì)量為m，半徑為r，電阻為R的均勻金屬環(huán)，以初速度v0向一磁感應(yīng)強(qiáng)度為B

8、的有界勻強(qiáng)磁場(chǎng)滑去(磁場(chǎng)寬度d>2r)．圓環(huán)的一半進(jìn)入磁場(chǎng)歷時(shí)t秒，這時(shí)圓環(huán)上產(chǎn)生的焦耳熱為Q，則t秒末圓環(huán)中感應(yīng)電流的瞬時(shí)功率為(　　) A. B. C. D. 解析：　t秒末圓環(huán)中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為E＝B·2r·v，由能量守恒知，減少的動(dòng)能全部轉(zhuǎn)化為焦耳熱：Q＝mv－mv2，t秒末圓環(huán)中感應(yīng)電流的功率為P＝＝ 答案：　B 9.如右圖所示，甲、乙是兩個(gè)完全相同的閉合正方形導(dǎo)線線框，a、b是邊界范圍、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小和方向都相同的兩個(gè)勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域，只是a區(qū)域到地面的高度比b高一些．甲、乙線框分別從磁場(chǎng)區(qū)域的正上方相同高度處同時(shí)由靜止釋放，穿過磁場(chǎng)后落到地面．下落過程中線框平面始終保持

9、與磁場(chǎng)方向垂直．以下說法正確的是(　　) A．落地時(shí)甲框的速度比乙框小 B．落地時(shí)甲框的速度比乙框大 C．落地時(shí)甲乙兩框速度相同 D．穿過磁場(chǎng)的過程中甲、乙線框中產(chǎn)生熱量相同 解析：　本題考查動(dòng)能定理．由圖可知乙線框進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)的速度比甲線框進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)速度大，分析可知安培力對(duì)乙做的負(fù)功多，產(chǎn)生的熱量多，故D選項(xiàng)錯(cuò)誤；重力做的功一部分轉(zhuǎn)化為導(dǎo)線框的動(dòng)能，一部分轉(zhuǎn)化為導(dǎo)線框穿過磁場(chǎng)產(chǎn)生的熱量，根據(jù)動(dòng)能定理可知，甲落地速度比乙落地速度大，故B選項(xiàng)正確．本題難度中等． 答案：　B 二、非選擇題 10．如圖所示，在一傾角為37°的粗糙絕緣斜面上，靜止地放置著一個(gè)匝數(shù)n＝10匝的圓形線圈，其

10、總電阻R＝3.14 Ω、總質(zhì)量m＝0.4 kg、半徑r＝0.4 m．如果向下輕推一下此線圈，則它剛好可沿斜面勻速下滑．現(xiàn)在將線圈靜止放在斜面上后．在線圈的水平直徑以下的區(qū)域中，加上垂直斜面方向的，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小按如下圖所示規(guī)律變化的磁場(chǎng)(提示：通電半圓導(dǎo)線受的安培力與長(zhǎng)為直徑的直導(dǎo)線通同樣大小的電流時(shí)受的安培力相等)問： (1)剛加上磁場(chǎng)時(shí)線圈中的感應(yīng)電流大小I. (2)從加上磁場(chǎng)開始到線圈剛要運(yùn)動(dòng)，線圈中產(chǎn)生的熱量Q.(最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，sin 37°＝0.6，cos 37°＝0.8，g取10 m/s2) 解析：　(1)由閉合電路的歐姆定律I＝ 由法拉第電磁感應(yīng)定律E＝

11、n 由圖，＝0.5 T/S S＝πr2 聯(lián)立解得I＝0.4 A. (2)設(shè)線圈開始能勻速滑動(dòng)時(shí)受的滑動(dòng)摩擦力為Ff 則mgsin 37°＝Ff 加變化磁場(chǎng)后線圈剛要運(yùn)動(dòng)時(shí)nBIL＝mgsin 37°＋Ff 其中L＝2r 由圖象知B＝B0＋kt＝1＋0.5t 由焦耳定律Q＝I2Rt 聯(lián)立解得Q＝0.5 J. 答案：　(1)0.4 A　(2)0.5 J 11．如圖所示，寬度L＝0.5 m的光滑金屬框架MNPQ固定于水平面內(nèi)，并處在磁感應(yīng)強(qiáng)度大小B＝0.4 T，方向豎直向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，框架的電阻非均勻分布．將質(zhì)量m＝0.1 kg，電阻可忽略的金屬棒ab放置在框架上，并與框架

12、接觸良好．以P為坐標(biāo)原點(diǎn)，PQ方向?yàn)閤軸正方向建立坐標(biāo)．金屬棒從x0＝1 m處以v0＝2 m/s的初速度，沿x軸負(fù)方向做a＝2 m/s2的勻減速直線運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)中金屬棒僅受安培力作用．求： (1)金屬棒ab運(yùn)動(dòng)0.5 m，框架產(chǎn)生的焦耳熱Q； (2)框架中aNPb部分的電阻R隨金屬棒ab的位置x變化的函數(shù)關(guān)系； (3)為求金屬棒ab沿x軸負(fù)方向運(yùn)動(dòng)0.4 s過程中通過ab的電荷量q，某同學(xué)解法為：先算出經(jīng)過0.4 s金屬棒的運(yùn)動(dòng)距離x，以及0.4 s時(shí)回路內(nèi)的電阻R，然后代入q＝＝求解．指出該同學(xué)解法的錯(cuò)誤之處，并用正確的方法解出結(jié)果． 解析：　(1)金屬棒僅受安培力作用，其大小

13、F＝ma＝0.1×2＝0.2 N 金屬棒運(yùn)動(dòng)0.5 m，框架中產(chǎn)生的焦耳熱等于克服安培力做的功 所以Q＝Fx＝0.2×0.5＝0.1 J. (2)金屬棒所受安培力為 F＝BIL I＝＝ 所以F＝v＝ma 由于棒做勻減速直線運(yùn)動(dòng)v＝ 所以R＝ ＝＝0.4. (3)錯(cuò)誤之處是把0.4 s時(shí)回路內(nèi)的電阻R代入q＝進(jìn)行計(jì)算． 正確的解法是q＝It 因?yàn)镕＝BIL＝ma 所以q＝t＝×0.4＝0.4 C. 答案：　(1)0.1 J　(2)R＝0.4　(3)0.4 C 12.(xx·高考福建卷)如右圖所示，兩條平行的光滑金屬導(dǎo)軌固定在傾角為θ的絕緣斜面上，導(dǎo)軌上端連接一個(gè)定值

14、電阻．導(dǎo)體棒a和b放在導(dǎo)軌上，與導(dǎo)軌垂直并良好接觸．斜面上水平虛線PQ以下區(qū)域內(nèi)，存在著垂直穿過斜面向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)．現(xiàn)對(duì)a棒施以平行導(dǎo)軌斜向上的拉力，使它沿導(dǎo)軌勻速向上運(yùn)動(dòng)，此時(shí)放在導(dǎo)軌下端的b棒恰好靜止．當(dāng)a棒運(yùn)動(dòng)到磁場(chǎng)的上邊界PQ處時(shí)，撤去拉力，a棒將繼續(xù)沿導(dǎo)軌向上運(yùn)動(dòng)一小段距離后再向下滑動(dòng)，此時(shí)b棒已滑離導(dǎo)軌．當(dāng)a棒再次滑回到磁場(chǎng)上邊界PQ處時(shí)，又恰能沿導(dǎo)軌勻速向下運(yùn)動(dòng)．已知a棒、b棒和定值電阻的阻值均為R，b棒的質(zhì)量為m，重力加速度為g，導(dǎo)軌電阻不計(jì)．求： (1)a棒在磁場(chǎng)中沿導(dǎo)軌向上運(yùn)動(dòng)的過程中，a棒中的電流強(qiáng)度Ia與定值電阻R中的電流強(qiáng)度IR之比； (2)a棒質(zhì)量ma； (3

15、)a棒在磁場(chǎng)中沿導(dǎo)軌向上運(yùn)動(dòng)時(shí)所受的拉力F. 解析：　(1)a棒沿導(dǎo)軌向上運(yùn)動(dòng)時(shí)，a棒、b棒及電阻R中的電流分別為Ia、Ib、IR，有 IRR＝IbRb① Ia＝IR＋I(xiàn)b② 由①②解得＝.③ (2)由于a棒在PQ上方滑動(dòng)過程中機(jī)械能守恒，因而a棒在磁場(chǎng)中向上滑動(dòng)的速度大小v1與在磁場(chǎng)中向下滑動(dòng)的速度大小v2相等，即v1＝v2＝v④ 設(shè)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)速度為B，導(dǎo)體棒長(zhǎng)為L(zhǎng).a棒在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為 E＝BLv⑤ 當(dāng)a棒脫離磁場(chǎng)沿斜面向上運(yùn)動(dòng)時(shí) Ib＝⑥ IbLB＝mgsin θ⑦ 當(dāng)a棒向下勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)，設(shè)a棒中的電流為Ia′，則 Ia′＝⑧ Ia′LB＝

16、magsin θ⑨ 由④⑤⑥⑦⑧⑨解得ma＝m. (3)由題知導(dǎo)體棒a沿斜面向上運(yùn)動(dòng)時(shí)，所受拉力 F＝IaLB＋magsin θ 聯(lián)立上列各式解得F＝mgsin θ. 答案：　(1)2∶1　(2)m　(3)mg sinθ 滾動(dòng)訓(xùn)練(八) (本欄目?jī)?nèi)容，在學(xué)生用書中以活頁形式分冊(cè)裝訂！) 一、選擇題 1．如圖所示的是甲、乙兩物體的v－t圖象，由圖可知(　　) A．甲做勻加速運(yùn)動(dòng)，乙做勻減速運(yùn)動(dòng) B．甲、乙兩物體相向運(yùn)動(dòng) C．乙比甲晚1 s開始運(yùn)動(dòng) D．5 s末兩物體相遇 解析：　對(duì)比甲、乙兩物體的v—t圖象，可知兩者同方向運(yùn)動(dòng)，5 s末兩物體速度相等，但不是相遇；

17、甲做減速運(yùn)動(dòng)，乙做加速運(yùn)動(dòng)，乙比甲晚1 s開始運(yùn)動(dòng)． 答案：　C 2.xx年7月，我國(guó)東北三省遭受特大暴雨襲擊，給老百姓的生命安全帶來巨大危害，也使人們的財(cái)產(chǎn)受到了嚴(yán)重?fù)p失．如右圖是某一救人的場(chǎng)面，為了營(yíng)救一被困人員到一條河流的對(duì)岸，將一根繩的兩端分別拴在兩岸上的建筑物上，這根繩稱為主繩，主繩上掛一個(gè)掛鉤，其下連著一人，人的腰處還連著兩根輔助的繩子，用來調(diào)整人的速度及位置．在此人沿著主繩離開建筑物移向?qū)Π兜倪^程中，假設(shè)掛鉤與主繩間無摩擦，此人移動(dòng)緩慢，且兩根輔助繩子處于松馳狀態(tài)，下列說法中正確的是(　　) A．主繩中的拉力先變小后變大 B．主繩中的拉力先變大后變小 C．主繩中的拉力不

18、變 D．主繩中的拉力變化情況無法確定 解析：　如右圖所示，主繩中的拉力FT＝，sin α＝＝＝，AO＋BO為主繩長(zhǎng)，MN為主繩兩懸點(diǎn)間的水平距離，它們都是不變量，故主繩中的拉力也不變．C選項(xiàng)正確． 答案：　C 3．物體做自由落體運(yùn)動(dòng)，Ek代表動(dòng)能，Ep代表重力勢(shì)能，h代表下落的距離，以水平地面為零勢(shì)能面，t和v分別代表時(shí)間與速度，下列所示圖象中，能正確反映各物理量之間關(guān)系的是(　　) 解析：　自由落體運(yùn)動(dòng)是物體只受重力作用從靜止開始下落的運(yùn)動(dòng)，是初速度為零、加速度為g的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，它是勻變速直線運(yùn)動(dòng)的一個(gè)特例．物體做自由落體運(yùn)動(dòng)，速度越來越大，動(dòng)能增加越來越快；高度越來越??；

19、勢(shì)能減小越來越快，只有選項(xiàng)B正確． 答案：　B 4．分別對(duì)放在粗糙水平面上的同一物體施一水平拉力和一斜向上的拉力使物體在這兩種情況下的加速度相同，當(dāng)物體通過相同位移時(shí)，這兩種情況下拉力的功和合力的功的正確關(guān)系是(　　) A．拉力的功和合力的功分別相等 B．拉力的功相等，斜向拉時(shí)合力的功大 C．合力的功相等，斜向拉時(shí)拉力的功大 D．合力的功相等，斜向拉時(shí)拉力的功小 解析：　兩種情況下加速度相等，合力相等，位移相等，所以合力的功相等，第一種情況拉力的功W1＝F1x，第二種情況下拉力的功W2＝F2xcos θ，由受力分析F1－Ff1＝ma，F(xiàn)2cos θ－Ff2＝ma，F(xiàn)f1＞Ff2，

20、則F1＞F2cos θ，即W1＞W(wǎng)2，即斜向拉時(shí)拉力的功小．選項(xiàng)D正確． 答案：　D 5.如右圖所示，AC、BD為圓的兩條互相垂直的直徑，圓心為O，半徑為r，將等電荷量的兩正、負(fù)點(diǎn)電荷放在圓周上，它們的位置關(guān)于AC對(duì)稱，＋q與O點(diǎn)的連線和OC夾角為30°，下列說法正確的是(　　) A．A、C兩點(diǎn)的電勢(shì)關(guān)系是φA<φC B．B、D兩點(diǎn)的電勢(shì)關(guān)系是φB＝φD C．O點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小為 D．O點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小為 解析：　在等量異種點(diǎn)電荷的電場(chǎng)中，兩點(diǎn)電荷連線的中垂面是一個(gè)等勢(shì)面，因此φA＝φC，φB>φD，A、B均錯(cuò)誤；O點(diǎn)產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)大小為兩點(diǎn)電荷分別在O點(diǎn)產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)的矢量和，每個(gè)電荷在O點(diǎn)的

21、場(chǎng)強(qiáng)大小均為，方向互成120°角，因此合場(chǎng)強(qiáng)大小也為，C正確、D錯(cuò)誤． 答案：　C 6．(xx·福建理綜)火星探測(cè)項(xiàng)目是我國(guó)繼神舟載人航天工程、嫦娥探月工程之后又一個(gè)重大太空探索項(xiàng)目．假設(shè)火星探測(cè)器在火星表面附近圓形軌道運(yùn)行的周期為T1，神舟飛船在地球表面附近的圓形軌道運(yùn)行周期為T2，火星質(zhì)量與地球質(zhì)量之比為p，火星半徑與地球半徑之比為q，則T1與T2之比為(　　) A.　　　　　　　　　　 B. C. D. 解析：　對(duì)火星探測(cè)器G＝m1R1，解得T1＝2π.對(duì)神舟飛船G＝m2R2，解得T2＝2π，則＝ ＝，選項(xiàng)D正確． 答案：　D 7．(xx·南京調(diào)研)如右圖所示，物塊a

22、放在輕彈簧上，物塊 b放在物塊a上靜止不動(dòng)．當(dāng)用力F使物塊 b豎直向上做勻加速直線運(yùn)動(dòng)時(shí)，在下圖所示的四個(gè)圖象中，能反映物塊b脫離物塊a前的過程中力F隨時(shí)間t變化規(guī)律的是(　　) 解析：　將a、b兩物塊作為一個(gè)整體來進(jìn)行分析，設(shè)兩物體的質(zhì)量為m，物體向上的位移為Δx＝at2，受到向上的拉力F、彈簧的支持力FN和豎直向下的重力mg，F(xiàn)N＝mg－kΔx，由牛頓第二定律，F(xiàn)＋FN－mg＝ma，即F＝mg＋ma－(mg－kΔx)＝ma＋k×at2，故C正確． 答案：　C 8．將一個(gè)小球以速度v水平拋出，使小球做平拋運(yùn)動(dòng)．要使小球能夠垂直打到一個(gè)斜面上，斜面與水平方向的夾角為α.那么(　　)

23、 A．若保持水平速度v不變，斜面與水平方向的夾角α越大，小球的飛行時(shí)間越長(zhǎng) B．若保持斜面傾角α不變，水平速度v越大，小球飛行的水平距離越長(zhǎng) C．若保持斜面傾角α不變，水平速度v越大，小球飛行的豎直距離越短 D．若只把小球的拋出點(diǎn)豎直升高，小球仍能垂直打到斜面上 答案：　B 9.如右圖所示的電路中，電源電動(dòng)勢(shì)為E，內(nèi)電阻為r，閉合開關(guān)S，待電流達(dá)到穩(wěn)定后，電流表示數(shù)為I，電壓表示數(shù)為U，電容器C所帶電荷量為Q，將滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭P從圖示位置向a端移動(dòng)一些，待電流達(dá)到穩(wěn)定后，則與P移動(dòng)前相比(　　) A．U變小 B．I變小 C．Q不變 D．Q減小 解析：　當(dāng)電流穩(wěn)定時(shí)

24、，電容器可視為斷路，當(dāng)P向左滑時(shí)，滑動(dòng)變阻器連入電路的阻值R增大，根據(jù)閉合電路歐姆定律得，電路中的電流I＝減小，電壓表的示數(shù)U＝E－I(R2＋r)增大，A錯(cuò)B對(duì)；對(duì)于電容器，電荷量Q＝CU增大，C、D均錯(cuò)． 答案：　B 10.質(zhì)量為m0＝20 kg、長(zhǎng)為L(zhǎng)＝5 m的木板放在水平面上，木板與水平面的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ1＝0.15.將質(zhì)量m＝10 kg的小木塊(可視為質(zhì)點(diǎn))，以v0＝4 m/s的速度從木板的左端水平拋射到木板上(如圖所示)，小木塊與木板面的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ2＝0.4(最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，g＝10 m/s2)．則以下判斷中正確的是(　　) A．木板一定靜止不動(dòng)，小木塊不能滑出

25、木板 B．木板一定靜止不動(dòng)，小木塊能滑出木板 C．木板一定向右滑動(dòng)，小木塊不能滑出木板 D．木板一定向右滑動(dòng)，小木塊能滑出木板 解析：　m0與地面間的摩擦力為Ff1＝μ1(m0＋m)g＝0.15×(20＋10)×10 N＝45 N，m與m0之間的摩擦力為Ff2＝μ2mg＝0.4×10×10 N＝40 N，F(xiàn)f1>Ff2，所以木板一定靜止不動(dòng)；小木板在木板上滑行的距離為x，v＝2μ2gx，解得x＝2 m

26、方向垂直紙面向外，粒子飛出磁場(chǎng)區(qū)域后，從b處穿過x軸進(jìn)入場(chǎng)強(qiáng)為E、方向與x軸負(fù)方向成60°角斜向下的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，速度方向與 x軸正方向的夾角為30°，經(jīng)過一段時(shí)間后恰好通過b點(diǎn)正下方的c點(diǎn)，粒子的重力不計(jì)．試求： (1)圓形勻強(qiáng)磁場(chǎng)的最小面積． (2)c點(diǎn)到b點(diǎn)的距離d. 解析：　帶電粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)和勻強(qiáng)電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)是物理學(xué)中的核心知識(shí)和重點(diǎn)知識(shí)，是學(xué)習(xí)物理必須掌握的重點(diǎn)基本規(guī)律，是高考的重點(diǎn)和熱點(diǎn)．解答本題的關(guān)鍵是，按題目中所述的運(yùn)動(dòng)方向，根據(jù)速度方向和軌道半徑垂直的關(guān)系，找出粒子做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的圓心O′.很顯然，弦長(zhǎng)即為圓形磁場(chǎng)區(qū)域的最小直徑． (1)粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)

27、，由qBv0＝m得R＝ 粒子經(jīng)過磁場(chǎng)區(qū)域速度偏轉(zhuǎn)角為120°，這表明在磁場(chǎng)區(qū)域中運(yùn)動(dòng)軌跡為半徑為R的圓弧，作出粒子運(yùn)動(dòng)軌跡如圖中實(shí)線所示．所求圓形磁場(chǎng)區(qū)域的最小半徑為 r＝＝Rsin 60°＝ 面積為S＝πr2＝. (2)粒子進(jìn)入電場(chǎng)做類平拋運(yùn)動(dòng)，從b到c垂直電場(chǎng)方向位移為x′＝v0t① 沿電場(chǎng)方向位移為y′＝at2＝② ＝tan 30°③ 解方程①②③得x′＝ y′＝ d＝＝. 答案：　(1)　(2) 12.如右圖所示，兩足夠長(zhǎng)的平行金屬導(dǎo)軌水平放置，間距為L(zhǎng)，左端接有一阻值為R的電阻；所在空間分布有豎直向上，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)．有兩根導(dǎo)體棒c、d質(zhì)量均為m，電阻

28、均為R，相隔一定的距離垂直放置在導(dǎo)軌上與導(dǎo)軌緊密接觸，它們與導(dǎo)軌間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為μ.現(xiàn)對(duì)c施加一水平向右的外力，使其從靜止開始沿導(dǎo)軌以加速度a做勻加速直線運(yùn)動(dòng)．(已知導(dǎo)體棒c始終與導(dǎo)軌垂直、緊密接觸，導(dǎo)體棒與導(dǎo)軌的最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，導(dǎo)軌的電阻忽略不計(jì)，重力加速度為g) (1)經(jīng)多長(zhǎng)時(shí)間，導(dǎo)體棒d開始滑動(dòng)； (2)若在上述時(shí)間內(nèi)，導(dǎo)體棒d上產(chǎn)生的熱量為Q，則此時(shí)間內(nèi)水平外力做的功為多少？ 解析：　(1)設(shè)導(dǎo)體棒d剛要滑動(dòng)的瞬間，流過d的電流為I，c的瞬時(shí)速度為v 電動(dòng)勢(shì)E＝BLv① 流過d的電流 I＝×② d受到的安培力大小為 FA＝BIL③ 對(duì)d受力分析后，得 FA＝μmg④ c的運(yùn)動(dòng)時(shí)間為 t＝⑤ 綜合①、②、③、④、⑤并代入已知得 t＝⑥ v＝.⑦ (2)導(dǎo)體棒d上產(chǎn)生的熱量為Q，則整個(gè)電路上產(chǎn)生的熱量為 Q′＝6Q⑧ c發(fā)生的位移為 x＝at2⑨ 外力做的功為 W＝mv2＋μmgx＋Q′⑩ 由⑥、⑦、⑧、⑨、⑩并代入已知得 W＝＋6Q.? 答案：　(1)　(2)＋6Q