《2022年高考數(shù)學(xué)二輪復(fù)習(xí) 考前強(qiáng)化練6 解答題組合練（B）文》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《2022年高考數(shù)學(xué)二輪復(fù)習(xí) 考前強(qiáng)化練6 解答題組合練（B）文（6頁(yè)珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1、2022年高考數(shù)學(xué)二輪復(fù)習(xí) 考前強(qiáng)化練6 解答題組合練（B）文 1.(2018遼寧撫順一模,文17)在△ABC中,內(nèi)角A,B,C所對(duì)的邊分別為a,b,c,且bsin 2A-asin(A+C)=0. (1)求角A; (2)若c=,△ABC的面積為,求a的值. 2.(2018山西太原一模,文17)△ABC中的內(nèi)角A,B,C的對(duì)邊分別為a,b,c,已知. (1)求角B; (2)若b=,求△ABC面積的最大值. 3.(2018湖北重點(diǎn)

2、高中聯(lián)考協(xié)作體,文18)某移動(dòng)支付公司隨機(jī)抽取了100名移動(dòng)支付用戶進(jìn)行調(diào)查,得到如下數(shù)據(jù): 每周移動(dòng)支付次數(shù) 1次 2次 3次 4次 5次 6次及以上 男 4 3 3 7 8 30 女 6 5 4 4 6 20 合計(jì) 10 8 7 11 14 50 (1)在每周使用移動(dòng)支付超過3次的樣本中,按性別用分層抽樣隨機(jī)抽取5名用戶. ①求抽取的5名用戶中男、女用戶各多少人; ②從這5名用戶中隨機(jī)抽取2名用戶,求抽取的2名用戶均為男用戶的概率. (2)如果認(rèn)為每周使用移動(dòng)支付次數(shù)超過3次的用戶“喜歡使用移動(dòng)支付”,能否在犯錯(cuò)誤的概率不

3、超過0.05的前提下,認(rèn)為“喜歡使用移動(dòng)支付”與性別有關(guān)? 附表及公式:K2= P(K2≥k0) 0.50 0.25 0.10 0.05 0.010 0.005 0.001 k0 0.455 1.323 2.706 3.841 6.635 7.879 10.828 4.(2018山西太原一模,文18)某校倡導(dǎo)為特困學(xué)生募捐,要求在自動(dòng)購(gòu)水機(jī)處每購(gòu)買一瓶礦泉水,便自覺向捐款箱中至少投入一元錢.現(xiàn)統(tǒng)計(jì)了連續(xù)5天的售出礦泉水箱數(shù)和收入情況,列表如下: 售出水量x(單位:箱) 7 6 6 5 6

4、 收入y(單位:元) 165 142 148 125 150 學(xué)校計(jì)劃將捐款以獎(jiǎng)學(xué)金的形式獎(jiǎng)勵(lì)給品學(xué)兼優(yōu)的特困生,規(guī)定:特困生綜合考核前20名,獲一等獎(jiǎng)學(xué)金500元;綜合考核21~50名,獲二等獎(jiǎng)學(xué)金300元;綜合考核50名以后的不獲得獎(jiǎng)學(xué)金. (1)若x與y成線性相關(guān),則某天售出9箱水時(shí),預(yù)計(jì)收入為多少元? (2)假設(shè)甲、乙、丙三名學(xué)生均獲獎(jiǎng),且各自獲一等獎(jiǎng)和二等獎(jiǎng)的可能性相同,求三人獲得獎(jiǎng)學(xué)金之和不超過1 000元的概率. 附:回歸方程x+,其中. 5.(2018山西呂梁一模,文21)已知函數(shù)f(x)=xln x-a(x

5、-1). (1)討論函數(shù)f(x)的單調(diào)性; (2)若f(x)≥0恒成立,求a的值. 6.(2018山東濰坊三模,文21)已知函數(shù)f(x)=ln x+x2+ax(a∈R),g(x)=ex+x2. (1)討論函數(shù)f(x)極值點(diǎn)的個(gè)數(shù); (2)若對(duì)?x>0,不等式f(x)≤g(x)成立,求實(shí)數(shù)a的取值范圍. 參考答案 考前強(qiáng)化練6　解答題組合練(B) 1.解 (1)由bsin 2A-asin(A+C)=0,得bsin 2A=asin B=bsin A,

6、 又0

7、2-ac,即有2+ac=a2+c2, 又由a2+c2≥2ac,則有2+ac≥2ac, 變形可得:ac≤=2+, 則S=acsin B=ac≤. 即△ABC面積的最大值為. 3.解 (1)①由圖中表格可知,樣本中每周使用移動(dòng)支付次數(shù)超過3次的男用戶有45人,女用戶30人,在這75人中,按性別用分層抽樣的方法隨機(jī)抽取5名用戶,其中男用戶有3人,女用戶有2人. ②抽取的3名男用戶分別記為A,B,C;女用戶分別記為d,e. 再?gòu)倪@5名用戶中隨機(jī)抽取2名用戶,共包含(A,B),(A,C),(A,d),(A,e),(B,C),(B,d),(B,e),(C,d),(C,e),(d,e)10種等

8、可能的結(jié)果,其中既有男用戶又有女用戶這一事件包含(A,d),(A,e),(B,d),(B,e),(C,d),(C,e),共計(jì)6種等可能的結(jié)果, 由古典概型的計(jì)算公式可得P=. (2)由圖中表格可得列聯(lián)表 不喜歡移動(dòng)支付 喜歡移動(dòng)支付 合計(jì) 男 10 45 55 女 15 30 45 合計(jì) 25 75 100 將列聯(lián)表中的數(shù)據(jù)代入公式計(jì)算得 k=≈3.03<3.841, 所以,在犯錯(cuò)誤的概率不超過0.05的前提下,不能認(rèn)為喜歡使用移動(dòng)支付與性別有關(guān). 4.解 (1)=6, =146, ==20, =146-20×6=26, ∴=20+

9、26, 當(dāng)x=9時(shí),=20×9+26=206,即某天售出9箱水的預(yù)計(jì)收益是206元. (2)設(shè)甲獲一等獎(jiǎng)為事件A1,甲獲二等獎(jiǎng)為事件A2,乙獲一等獎(jiǎng)為事件B1,乙獲二等獎(jiǎng)為事件B2,丙獲一等獎(jiǎng)為事件C1,丙獲二等獎(jiǎng)為事件C2,則總事件有:(A1,B1,C1),(A1,B1,C2),(A1,B2,C1),(A2,B1,C1),(A2,B2,C1),(A2,B1,C2),(A1,B2,C2),(A2,B2,C2),8種情況.甲、乙、丙三人獎(jiǎng)金不超過1 000的事件有(A2,B2,C2)1種情況,則求三人獲得獎(jiǎng)學(xué)金之和不超過1 000元的概率P=. 5.解 (1)函數(shù)f(x)的定義域?yàn)?0,+

10、∞),f'(x)=ln x+1-a.由f'(x)=0得,x=ea-1,當(dāng)x∈(0,ea-1)時(shí),f'(x)<0;當(dāng)x∈(ea-1,+∞)時(shí),f'(x)>0.故函數(shù)在(0,ea-1)內(nèi)是減函數(shù),在(ea-1,+∞)內(nèi)是增函數(shù). (2)由(1)得f(x)在x=ea-1時(shí)有極小值,也就是最小值.所以f(ea-1)≥0. 即(a-1)ea-1-a(ea-1-1)≥0,也就是a≥ea-1. 設(shè)g(x)=x-ex-1,g'(x)=1-ex-1,由g'(x)=0,得x=1, 當(dāng)x∈(0,1)時(shí),g'(x)>0;當(dāng)x∈(1,+∞)時(shí),g'(x)<0, 所以g(x)在(0,1)單調(diào)遞增,g(x)在(1

11、,+∞)單調(diào)遞減. 所以g(x)的最大值為g(x)max=g(1)=0, 所以a≤ea-1.又a≥ea-1,所以a=ea-1,即a=1. 6.解 (1)f'(x)=+x+a=(x>0),令f'(x)=0,即x2+ax+1=0,Δ=a2-4. ①當(dāng)a2-4≤0時(shí),即-2≤a≤2時(shí),x2+ax+1≥0恒成立,即f'(x)≥0, 此時(shí)f(x)在(0,+∞)單調(diào)遞增,無極值點(diǎn). ②當(dāng)a2-4>0時(shí),即a<-2或a>2, 若a<-2,設(shè)方程x2+ax+1=0的兩根為x1,x2,且x10,x2>0, 此時(shí)x∈(0,x1),f'(x)>0,f(x)單調(diào)遞增,

12、x∈(x1,x2),f'(x)<0,f(x)單調(diào)遞減, x∈(x2,+∞),f'(x)>0,f(x)單調(diào)遞增, 故x1,x2分別為f(x)的極大值點(diǎn)和極小值點(diǎn), 因此a<-2時(shí),f(x)有兩個(gè)極值點(diǎn). 若a>2,設(shè)方程x2+ax+1=0的兩根為x1,x2,且x10,即h'(x)>0,h(x)單調(diào)遞增. 因此x=1為h(x)的極小值點(diǎn),即h(x)≥h(1)=e+1,故a≤e+1.