《湖南省2022年中考數(shù)學(xué)總復(fù)習(xí) 專(zhuān)題訓(xùn)練08 二次函數(shù)與幾何圖形綜合題練習(xí)》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《湖南省2022年中考數(shù)學(xué)總復(fù)習(xí) 專(zhuān)題訓(xùn)練08 二次函數(shù)與幾何圖形綜合題練習(xí)（17頁(yè)珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1、湖南省2022年中考數(shù)學(xué)總復(fù)習(xí) 專(zhuān)題訓(xùn)練08 二次函數(shù)與幾何圖形綜合題練習(xí) 08 二次函數(shù)與幾何圖形綜合題 1.[xx·賀州] 如圖ZT8-1,在平面直角坐標(biāo)系中,拋物線y=ax2+bx+c交x軸于A,B兩點(diǎn)(A在B的左側(cè)),且OA=3,OB=1,與y軸交于點(diǎn)C(0,3),拋物線的頂點(diǎn)坐標(biāo)為D(-1,4). (1)求A,B兩點(diǎn)的坐標(biāo). (2)求拋物線的表達(dá)式. (3)過(guò)點(diǎn)D作直線DE∥y軸,交x軸于點(diǎn)E,點(diǎn)P是拋物線上B,D兩點(diǎn)間的一個(gè)動(dòng)點(diǎn)(點(diǎn)P不與B,D兩點(diǎn)重合),PA,PB與直線DE分別交于點(diǎn)F,G,當(dāng)點(diǎn)P運(yùn)動(dòng)時(shí),EF+EG是否為定值?若是,試求出該定值;若不是,請(qǐng)說(shuō)明理由.

2、 圖ZT8-1 2.[xx·連云港] 如圖ZT8-2①,圖形ABCD是由兩個(gè)二次函數(shù)y1=kx2+m(k<0)與y2=ax2+b(a>0)的部分圖象圍成的封閉圖形,已知A(1,0),B(0,1),D(0,-3). (1)直接寫(xiě)出這兩個(gè)二次函數(shù)的表達(dá)式; (2)判斷圖形ABCD是否存在內(nèi)接正方形(正方形的四個(gè)頂點(diǎn)在圖形ABCD上),并說(shuō)明理由; (3)如圖②,連接BC,CD,AD,在坐標(biāo)平面內(nèi),求使得△BDC與△ADE相似(其中點(diǎn)C與點(diǎn)E是對(duì)應(yīng)頂點(diǎn))的點(diǎn)E的坐標(biāo). 圖ZT8-2 3.[xx·益陽(yáng)] 如圖ZT8-3,

3、已知拋物線y=x2-x-n(n>0)與x軸交于A,B兩點(diǎn)(點(diǎn)A在點(diǎn)B的左側(cè)),與y軸交于點(diǎn)C. (1)如圖①,若△ABC為直角三角形,求n的值; (2)如圖①,在(1)的條件下,點(diǎn)P在拋物線上,點(diǎn)Q在拋物線的對(duì)稱(chēng)軸上,若以BC為邊,以點(diǎn)B,C,P,Q為頂點(diǎn)的四邊形是平行四邊形,求點(diǎn)P的坐標(biāo); (3)如圖②,過(guò)點(diǎn)A作直線BC的平行線交拋物線于另一點(diǎn)D,交y軸于點(diǎn)E,若AE∶ED=1∶4,求n的值. 圖ZT8-3 4.[xx·齊齊哈爾] 綜合與探究: 如圖ZT8-4①所示,直線y=x+c與x軸交于點(diǎn)A(-4,0),與y軸交于點(diǎn)C,拋物線y=-x2+bx+c經(jīng)過(guò)點(diǎn)A,C.

4、(1)求拋物線的表達(dá)式; (2)點(diǎn)E在拋物線的對(duì)稱(chēng)軸上,求CE+OE的最小值; (3)如圖②所示,M是線段OA上的一個(gè)動(dòng)點(diǎn),過(guò)點(diǎn)M且垂直于x軸的直線與直線AC和拋物線分別交于點(diǎn)P,N. ①若以C,P,N為頂點(diǎn)的三角形與△APM相似,則△CPN的面積為　　　　;? ②若點(diǎn)P恰好是線段MN的中點(diǎn),點(diǎn)F是直線AC上一個(gè)動(dòng)點(diǎn),在坐標(biāo)平面內(nèi)是否存在點(diǎn)D,使以點(diǎn)D,F,P,M為頂點(diǎn)的四邊形是菱形?若存在,請(qǐng)直接寫(xiě)出點(diǎn)D的坐標(biāo);若不存在,請(qǐng)說(shuō)明理由. 圖ZT8-4 5.[xx·濰坊] 如圖ZT8-5①,拋物線y1=ax2-x+c與x軸交于點(diǎn)A和點(diǎn)B(1,0),與y軸交于點(diǎn)C0,,拋物線y1的

5、頂點(diǎn)為G,GM⊥x軸于點(diǎn)M.將拋物線y1平移后得到頂點(diǎn)為B且對(duì)稱(chēng)軸為直線l的拋物線y2. (1)求拋物線y2的解析式. (2)如圖②,在直線l上是否存在點(diǎn)T,使△TAC是等腰三角形?若存在,請(qǐng)求出所有點(diǎn)T的坐標(biāo);若不存在,請(qǐng)說(shuō)明理由. (3)點(diǎn)P為拋物線y1上一動(dòng)點(diǎn),過(guò)點(diǎn)P作y軸的平行線,交拋物線y2于點(diǎn)Q,點(diǎn)Q關(guān)于直線l的對(duì)稱(chēng)點(diǎn)為R.若以P,Q,R為頂點(diǎn)的三角形與△AMG全等,求直線PR的解析式. 圖ZT8-5 6.[xx·樂(lè)山] 如圖ZT8-6,在平面直角坐標(biāo)系中,拋物線y=ax2+bx+c交x軸于A,B兩點(diǎn),交y軸于點(diǎn)C0,-,OA=1,OB=4,直線l過(guò)點(diǎn)A,交y

6、軸于點(diǎn)D,交拋物線于點(diǎn)E,且滿足tan∠OAD=. (1)求拋物線的解析式. (2)動(dòng)點(diǎn)P從點(diǎn)B出發(fā),沿x軸正方向以每秒2個(gè)單位長(zhǎng)度的速度向點(diǎn)A運(yùn)動(dòng),動(dòng)點(diǎn)Q從點(diǎn)A出發(fā),沿射線AE以每秒1個(gè)單位長(zhǎng)度的速度向點(diǎn)E運(yùn)動(dòng),當(dāng)點(diǎn)P運(yùn)動(dòng)到點(diǎn)A時(shí),點(diǎn)Q也停止運(yùn)動(dòng),設(shè)運(yùn)動(dòng)時(shí)間為t秒. ①在P,Q的運(yùn)動(dòng)過(guò)程中,是否存在某一時(shí)刻t,使得△ADC與△PQA相似?若存在,求出t的值;若不存在,請(qǐng)說(shuō)明理由. ②在P,Q的運(yùn)動(dòng)過(guò)程中,是否存在某一時(shí)刻t,使得△APQ與△CAQ的面積之和最大?若存在,求出t的值;若不存在,請(qǐng)說(shuō)明理由. 圖ZT8-6 參考答案

7、 1.解:(1)由拋物線y=ax2+bx+c交x軸于A,B兩點(diǎn)(A在B的左側(cè)),且OA=3,OB=1,得點(diǎn)A的坐標(biāo)為(-3,0),點(diǎn)B的坐標(biāo)為(1,0). (2)設(shè)拋物線的表達(dá)式為y=a(x+3)(x-1). 把點(diǎn)C的坐標(biāo)代入函數(shù)表達(dá)式,得a(0+3)(0-1)=3. 解得a=-1. 故拋物線的表達(dá)式為y=-(x+3)(x-1)=-x2-2x+3. (3)EF+EG=8(或EF+EG是定值).理由如下:過(guò)點(diǎn)P作PQ∥y軸,交x軸于Q,如圖.設(shè)P(t,-t2-2t+3),則PQ=-t2-2t+3,AQ=3+t,QB=1-t. ∵PQ∥EF,∴△AEF∽△AQP.∴=, ∴EF===

8、×(-t2-2t+3)=2(1-t). ∵PQ∥EG,∴△BEG∽△BQP. ∴=. ∴EG===2(t+3). ∴EF+EG=2(1-t)+2(t+3)=8. 2.解:(1)∵二次函數(shù)y1=kx2+m的圖象經(jīng)過(guò)點(diǎn)A,B, ∴解得 ∴二次函數(shù)y1=kx2+m的解析式為:y1=-x2+1. ∵二次函數(shù)y2=ax2+b的圖象經(jīng)過(guò)點(diǎn)A,D, ∴解得 ∴二次函數(shù)y2=ax2+b的解析式為y2=3x2-3. (2)設(shè)M(x,-x2+1)為第一象限內(nèi)的圖形ABCD上一點(diǎn),M'(x,3x2-3)為第四象限內(nèi)的圖形ABCD上一點(diǎn), ∴MM'=(1-x2)-(3x2-3)=4-4x2

9、. 由拋物線的對(duì)稱(chēng)性知,若有內(nèi)接正方形,則2x=4-4x2, 即2x2+x-2=0. 解得x=或x=(舍), ∵0<<1, ∴存在內(nèi)接正方形,此時(shí)其邊長(zhǎng)為. (3)在Rt△AOD中,OA=1,OD=3, ∴AD==,同理CD=. 在Rt△BOC中,OB=OC=1,∴BC==. ①如圖①,當(dāng)△DBC∽△DAE時(shí),∵∠CDB=∠ADO, ∴在y軸上存在一點(diǎn)E滿足條件. 由=,得=. ∴DE=.∵D(0,-3),∴E0,-. 由對(duì)稱(chēng)性知,在直線DA右側(cè)還存在一點(diǎn)E'使得△DBC∽△DAE', 連接EE',交DA于點(diǎn)F,作E'M⊥OD,垂足為M,連接E'D. ① ∵

10、E,E'關(guān)于DA對(duì)稱(chēng), ∴DF垂直平分EE'.∴△DEF∽△DAO. ∴==,即==. ∴DF=,EF=. ∵S△DEE'=DE·E'M=EF·DF=, ∴E'M=. 又DE'=DE=,在Rt△DE'M中,DM==2,∴OM=1,得E',-1. 所以,使得△DBC∽△DAE的點(diǎn)E的坐標(biāo)為0,-或,-1. ②如圖②,當(dāng)△DBC∽△ADE時(shí),有∠BDC=∠DAE, =,即=,得AE=. 當(dāng)E在直線DA左側(cè)時(shí),設(shè)AE交y軸于點(diǎn)P,作EQ⊥AC,垂足為Q. ② ∵∠BDC=∠DAE=∠ODA, ∴PD=PA.設(shè)PD=x, 則PO=3-x,PA=x. 在Rt△AOP中,

11、由PA2=OA2+OP2,得x2=(3-x)2+1. 解得x=. ∴PA=,PO=. ∵AE=,∴PE=. ∵OP∥EQ,∴=. ∴OQ=.又==, ∴QE=2.∴E-,-2. 當(dāng)E'在直線DA右側(cè)時(shí), ∵∠DAE'=∠BDC, 又∠BDC=∠BDA, ∴∠BDA=∠DAE'. ∴AE'∥OD.∴E'1,-. ∴使得△DBC∽△ADE的點(diǎn)E的坐標(biāo)為-,-2或1,-. 綜上,使得△BDC與△ADE相似(其中點(diǎn)C與點(diǎn)E是對(duì)應(yīng)頂點(diǎn))的點(diǎn)E有4個(gè),其坐標(biāo)為0,-或,-1或-,-2或1,-. 3.解:(1)若△ABC為直角三角形,則△AOC∽△COB.∴=,即OC2=OA·O

12、B. 由拋物線y=x2-x-n(n>0),可得 OC=n,OA·OB=2n. ∴n2=2n.解得n1=2,n2=0(舍去). ∴n=2. (2)由(1)可知,拋物線的對(duì)稱(chēng)軸為直線x=,拋物線的解析式為y=x2-x-2. 令y=0,得x2-x-2=0,解得x1=-1,x2=4, ∴A(-1,0),B(4,0). 設(shè)點(diǎn)Pm,m2-m-2. 當(dāng)直線PQ∥BC,點(diǎn)P在點(diǎn)Q的左側(cè)時(shí)(如圖①所示), 當(dāng)△BOC平移到△QNP的位置時(shí),四邊形PQBC為平行四邊形, 此時(shí)NQ=OB,即-m=4,m=-, m2-m-2=, 此時(shí)點(diǎn)P的坐標(biāo)為-,; 當(dāng)點(diǎn)P在點(diǎn)Q的右側(cè)時(shí)(如圖①所示

13、), 同理可得m-=4,m=, m2-m-2=,此時(shí)點(diǎn)P的坐標(biāo)為,. 綜上所述,滿足條件的點(diǎn)P的坐標(biāo)為-,,,. (3)如圖②,過(guò)點(diǎn)D作DF⊥x軸,垂足為F, 則AO∶OF=AE∶ED=1∶4. 設(shè)A(a,0),B(b,0), 則AO=-a,OF=-4a. ∵AD∥BC, ∴∠OBC=∠DAO. ∵∠BOC=∠AFD=90°, ∴△BOC∽△AFD. ∴=, 即=. ∴=. 由題意,得ab=-2n.∴=-. ∴DF=-5a·=-5a·-=a2. ∵點(diǎn)A,D在拋物線上, ∴ 解得 ∴n的值為. 4.解:(1)將A(-4,0)代入y=x+c,得c=4.

14、∴點(diǎn)C的坐標(biāo)為(0,4). 將(-4,0)和(0,4)代入y=-x2+bx+c,得b=-3. ∴拋物線的解析式為y=-x2-3x+4. (2)如圖所示,作點(diǎn)C關(guān)于拋物線的對(duì)稱(chēng)軸直線l的對(duì)稱(chēng)點(diǎn)C',連接OC'交直線l于點(diǎn)E,連接CE,此時(shí)CE+OE的值最小,且CE+OE=OC'. 拋物線的對(duì)稱(chēng)軸為直線x=-=-, 則C'C=3,在Rt△C'CO中, 由勾股定理,得OC'==5. ∴CE+OE的最小值為5. (3)①由題意易知△APM為等腰直角三角形. 設(shè)M(a,0),則N(a,-a2-3a+4),P(a,a+4). 當(dāng)△AMP∽△CNP時(shí),=, 得=, 解得a=-4(

15、舍去)或a=-3或a=0(舍去). ∴CN=3,PN=3. ∴△CPN的面積為·CN·PN=. 當(dāng)△AMP∽△NCP時(shí),=, 得=, 解得a=0(舍去)或a=-2或a=-4(舍去). ∴CN=CP=2. ∴△CPN的面積為·CN·PC=4. 故答案為或4. ②存在.D1,,D2,-, D3(-4,3),D4,. 理由如下: 當(dāng)點(diǎn)P是線段MN的中點(diǎn)時(shí),-a2-3a+4=2(a+4), 解得a=-4(舍去)或a=-1. ∴M(-1,0),P(-1,3),N(-1,6). 設(shè)F(f,f+4),過(guò)點(diǎn)M作AC的平行線,易知此直線的解析式為y=x+1. 易知PM=3,當(dāng)PM

16、為菱形的邊時(shí),作PF=PM,過(guò)F作FD∥PM,交直線y=x+1于點(diǎn)D, ∴D(f,f+1). ∴32=2(f+1)2,解得f=. 則D1,,D2,-. ∵PM=AM=3, ∴當(dāng)點(diǎn)F與點(diǎn)A重合時(shí),過(guò)點(diǎn)F作DF∥PM(D在x軸上方),且DF=PM, 連接DP,可得出四邊形DPMF為菱形. ∴點(diǎn)D的坐標(biāo)為(-4,3). 當(dāng)PM為菱形的對(duì)角線時(shí),作PM的垂直平分線, 交直線AC于點(diǎn)F,作點(diǎn)F關(guān)于PM的對(duì)稱(chēng)點(diǎn)D, 連接MF,MD,PD,此時(shí)四邊形DMFP為菱形. 將y=代入直線AC的解析式可得x=-,∴點(diǎn)F的坐標(biāo)為-,. ∵直線PM的解析式為x=-1, ∴點(diǎn)D的坐標(biāo)為,. 綜

17、上所述,滿足條件的點(diǎn)為D1,, D2,-,D3(-4,3),D4,. 5.解:(1)將B(1,0)和C0,代入拋物線y1=ax2-x+c,得 解得 所以拋物線的解析式為y1=-x2-x+. 由題意可知平移后拋物線y2的頂點(diǎn)為B(1,0), 故拋物線y2的解析式為y2=-(x-1)2, 即y2=-x2+x-. (2)存在. 令y1=0,解得x=-3或x=1. 由題意知B(1,0),故A(-3,0). 設(shè)T(1,t),又C0,, 所以AC2=32+2=, AT2=(1+3)2+t2=t2+16, CT2=12+t-2=t2-t+. ①若AC=AT,則t2+16=,方程

18、無(wú)解,故此時(shí)不存在; ②若AC=CT,則t2-t+=, 解得t=, 此時(shí)點(diǎn)T的坐標(biāo)為1,或1,; ③若AT=CT,則t2-t+=t2+16,解得t=-,此時(shí)點(diǎn)T的坐標(biāo)為1,-. 故點(diǎn)T的坐標(biāo)為1,或1,或1,-. (3)由題意知G(-1,1),則AM=2,GM=1. 若△PQR與△AMG全等,則PQ=1,QR=2或PQ=2,QR=1. 分類(lèi)一:若QR=2,由拋物線y2的對(duì)稱(chēng)軸為直線x=1,得點(diǎn)Q的橫坐標(biāo)為0或2. ①當(dāng)x=0時(shí),y1=,y2=-, 此時(shí)PQ=--=1,滿足題意, 則P0,,R2,-, 直線PR的解析式為y=-x+. ②當(dāng)x=2時(shí),y1=-,y2=-,

19、 此時(shí)PQ=---=1,滿足題意, 則P2,-,R0,-, 直線PR的解析式為y=-x-. 分類(lèi)二:若QR=1,由拋物線y2的對(duì)稱(chēng)軸為直線x=1,得點(diǎn)Q的橫坐標(biāo)為或. ①當(dāng)x=時(shí),y1=,y2=-, 此時(shí)PQ=--=≠2,不滿足題意. ②當(dāng)x=時(shí),y1=-,y2=-, 此時(shí)PQ=---=≠2,不滿足題意. 綜上所述,滿足題意的直線PR的解析式為y=-x+或y=-x-. 6.解:(1)∵OA=1,OB=4,∴A(1,0),B(-4,0). 設(shè)拋物線的解析式為y=a(x+4)(x-1). ∵C0,-在拋物線上, ∴-=a×4×(-1).解得a=. ∴拋物線的解析式為y=(

20、x+4)(x-1),即y=x2+x-. (2)①存在t,使得△ADC與△PQA相似.其理由如下: 在Rt△AOC中,OA=1,OC=, 則AC=,tan∠ACO==. 又∵tan∠OAD=, ∴∠OAD=∠ACO. 在Rt△AOD中,tan∠OAD=,OA=1, ∴OD=. ∴CD=-=. 在△AQP中,AP=AB-PB=5-2t,AQ=t. 由∠PAQ=∠ACD,要使△ADC與△PQA相似,只需=或=, 則有=或=, 解得t1=,t2=. ∵t1<2.5,t2<2.5, ∴存在t=或,使得△ADC與△PQA相似. ②存在t,使得△APQ與△CAQ的面積之和最大,其理由如下: 作PF⊥AQ于點(diǎn)F,CN⊥AQ于點(diǎn)N,如圖所示. 在Rt△APF中, ∵tan∠PAF=,∴sin∠PAF=. ∴PF=AP·sin∠PAF=(5-2t). 在Rt△AOD中,由AD2=OD2+OA2,得AD=. 在△ADC中,由S△ADC=AD·CN=CD·OA, 得CN===. ∴S△APQ+S△CAQ=AQ(PF+CN)=t=-t-2+. ∵0<<, ∴當(dāng)t=時(shí),△APQ與△CAQ的面積之和最大.