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1、(新課標)2022高考物理總復習 課時檢測(三十)功能關系 能量守恒定律(重點突破課)(含解析)
1.小車靜止在光滑的水平軌道上,一個小球用細繩懸掛在車上,現(xiàn)由圖中位置無初速度釋放,在小球下擺到最低點的過程中,下列說法正確的是( )
A.細繩對小球的拉力不做功
B.小球克服細繩拉力做的功等于小球減少的機械能
C.細繩對車做的功等于小球減少的重力勢能
D.小球減少的重力勢能等于小球增加的動能
解析:選B 小球下擺的過程中,小車的機械能增加,小球的機械能減少,小球克服細繩拉力做的功等于減少的機械能,選項A錯誤,B正確;細繩對小車做的功等于小球減少的機械能,選項C錯誤;小球減少的重力勢
2、能等于小球增加的動能和小車增加的機械能之和,選項D錯誤。
2.如圖所示,滑塊靜止于光滑水平面上,與之相連的輕質彈簧處于自然伸直狀態(tài),現(xiàn)用恒定的水平外力F作用于彈簧右端,在向右移動一段距離的過程中力F做了10 J的功。下列說法正確的是( )
A.彈簧的彈性勢能增加了10 J
B.滑塊的動能增加了10 J
C.滑塊和彈簧組成的系統(tǒng)機械能增加了10 J
D.滑塊和彈簧組成的系統(tǒng)機械能守恒
解析:選C 力F做功的同時,彈簧伸長,彈性勢能增大,滑塊向右加速,滑塊動能增加,由功能關系可知,力F做的功等于滑塊的動能與彈簧彈性勢能的增加量之和,即滑塊和彈簧組成的系統(tǒng)機械能增加了10 J,C正確,
3、A、B、D錯誤。
3.蹦極是一項既驚險又刺激的運動,深受年輕人的喜愛。如圖所示,蹦極者從P處由靜止跳下,到達A處時彈性繩剛好伸直,繼續(xù)下降到最低點B處,B離水面還有數(shù)米距離。蹦極者(視為質點)在其下降的整個過程中,重力勢能的減少量為ΔE1、繩的彈性勢能的增加量為ΔE2、克服空氣阻力做的功為W,則下列說法正確的是( )
A.蹦極者從P到A的運動過程中,機械能守恒
B.蹦極者與繩組成的系統(tǒng)從A到B的過程中,機械能守恒
C.ΔE1=W+ΔE2
D.ΔE1+ΔE2=W
解析:選C 蹦極者下降過程中克服空氣阻力做功,所以機械能不守恒,A、B項錯誤;在蹦極者下降的全過程,根據(jù)能量守恒定律,有
4、ΔE1=W+ΔE2,故C項正確,D項錯誤。
4.在兒童樂園的蹦床項目中,小孩在兩根彈性繩和蹦床的協(xié)助下實現(xiàn)上下彈跳。如圖所示,某次蹦床活動中小孩靜止時處于O點,當其彈跳到最高點A后下落可將蹦床壓到最低點B,小孩可視為質點,不計空氣阻力,下列說法正確的是( )
A.從A運動到O,小孩重力勢能的減少量大于動能的增加量
B.從O運動到B,小孩動能的減少量等于蹦床彈性勢能的增加量
C.從A運動到B,小孩機械能的減少量小于蹦床彈性勢能的增加量
D.若從B返回到A,小孩機械能的增加量等于蹦床彈性勢能的減少量
解析:選A 從A運動到O,小孩重力勢能的減少量等于動能的增加量與彈性繩彈性勢能的增加
5、量之和,選項A正確;從O運動到B,小孩動能和重力勢能的減少量等于彈性繩和蹦床彈性勢能的增加量,選項B錯誤;從A運動到B,小孩機械能的減少量大于蹦床彈性勢能的增加量,選項C錯誤;若從B返回到A,小孩機械能的增加量等于蹦床和彈性繩彈性勢能的減少量之和,選項D錯誤。
5.一質量為1 kg的小球豎直向上拋出,最終落回拋出點,假如小球所受空氣阻力大小恒定,該過程的位移—時間圖像如圖所示,g取10 m/s2,則下列說法正確的是( )
A.小球拋出時的速度為12 m/s
B.小球上升和下降的時間之比為2∶
C.小球落回到拋出點時所受合力的瞬時功率為64 W
D.小球上升過程機械能損失大于下降過程
6、機械能損失
解析:選C 小球上升階段,由勻變速直線運動規(guī)律得x0=v0t1,可得拋出時的速度v0==24 m/s,選項A錯誤;上升階段,由加速度公式可得a1==12 m/s2,由牛頓第二定律可得mg+f=ma1,解得f=2 N,下降階段,由牛頓第二定律可得mg-f=ma2,解得a2=8 m/s2,由位移公式可得x0=a2t22,解得t2= s,即=,選項B錯誤;設小球落回到拋出點時的速度為v,由動能定理可得mgx0-fx0=mv2,解得v=8 m/s,故此時合力的瞬時功率P=ma2v=64 W,選項C正確;小球上升過程和下降過程,空氣阻力做功相等,故兩過程損失的機械能相等,選項D錯誤。
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7、.(多選)懸崖跳水是一項極具挑戰(zhàn)性的極限運動,需要運動員具有非凡的膽量和過硬的技術。跳水運動員進入水中后受到水的阻力而做減速運動,設質量為m的運動員剛入水時的速度為v,水對運動員的阻力大小恒為F,那么在運動員減速下降深度為h的過程中,下列說法正確的是(g為當?shù)氐闹亓铀俣?( )
A.運動員的動能減少了(F-mg)h
B.運動員的重力勢能減少了mgh-mv2
C.運動員的機械能減少了Fh
D.運動員的機械能減少了mgh
解析:選AC 合力做的功等于動能的變化量,合力做的功為(mg-F)h,故運動員動能減少了(F-mg)h,A正確;克服重力做的功等于重力勢能的變化量,故運動員重力勢能
8、減少了mgh,B錯誤;重力以外的力做的功等于機械能的變化量,故運動員機械能減少了Fh,C正確,D錯誤。
7.(多選)(2019·鄭州質檢)如圖甲所示,在距離地面高度為h=0.80 m 的平臺上有一輕質彈簧,其左端固定于豎直擋板上,右端與質量m=0.50 kg、可視為質點的物塊相接觸(不粘連),OA段粗糙且長度等于彈簧原長,其余位置均無阻力作用。物塊開始靜止于A點,OA段的動摩擦因數(shù)μ=0.50?,F(xiàn)對物塊施加一個水平向左的外力F,其大小隨位移x變化的關系如圖乙所示。物塊向左運動xAB=0.40 m到達B點,到達B點時速度為零,此時撤去外力F,物塊在彈簧彈力作用下向右運動,從M點離開平臺,落到地
9、面上N點,取g=10 m/s2。則( )
A.彈簧被壓縮過程中外力F做的功為6.0 J
B.彈簧被壓縮過程中具有的最大彈性勢能為6.0 J
C.整個運動過程中物塊克服摩擦力做功為4.0 J
D.M、N的水平距離為1.6 m
解析:選AD F-x圖像與坐標軸所圍圖形的面積表示外力F做的功,由題圖乙可知WF=6.0 J,選項A正確;物塊在壓縮彈簧過程中,克服摩擦力做功Wf=μmgxAB=1.0 J,整個運動過程中物塊克服摩擦力做功為2Wf=2.0 J,選項C錯誤;根據(jù)功能關系,彈簧被壓縮過程中具有的最大彈性勢能為Ep=WF-Wf=5.0 J,選項B錯誤;物塊由B點運動到M點,由功能
10、關系得-Wf=mv2-Ep,解得物塊運動到M點的速度v=4 m/s,設M、N的水平距離為x0,物塊從M點離開平臺后做平拋運動,由平拋運動規(guī)律,有x0=vt,h=gt2,解得x0=1.6 m,選項D正確。
8.(多選)如圖所示,輕質彈簧一端固定,另一端與一質量為m、套在粗糙豎直固定桿A處的圓環(huán)相連,彈簧水平且處于原長。圓環(huán)從A處由靜止開始下滑,經(jīng)過B處的速度最大,到達C處的速度為零,AC=h。圓環(huán)在C處獲得一豎直向上的速度v,恰好能回到A處。彈簧始終在彈性限度內,重力加速度為g。則圓環(huán)( )
A.下滑過程中,加速度一直減小
B.下滑過程中,克服摩擦力做的功為mv2
C.在C處,
11、彈簧的彈性勢能為mv2-mgh
D.上滑經(jīng)過B的速度大于下滑經(jīng)過B的速度
解析:選BD 圓環(huán)下滑時,先加速,在B處時速度最大,加速度減小至零,從B到C圓環(huán)減速,加速度增大,方向向上,A錯誤;圓環(huán)下滑時,設克服摩擦力做功為Wf,彈簧的最大彈性勢能為ΔEp,由A到C的過程中,根據(jù)能量關系有mgh=ΔEp+Wf,由C到A的過程中,有mv2+ΔEp=Wf+mgh,聯(lián)立解得Wf=mv2,ΔEp=mgh-mv2,B正確,C錯誤;設圓環(huán)在B處時,彈簧的彈性勢能為ΔEp′,根據(jù)能量守恒定律,A到B的過程有mvB2+ΔEp′+Wf′=mgh′,B到A的過程有mvB′2+ΔEp′=mgh′+Wf′,比較兩式得
12、vB′>vB,D正確。
9.(2019·懷化質檢)如圖甲所示,ABC為豎直放置的半徑為0.1 m的半圓形軌道,在軌道的最低點A和最高點C各安裝了一個壓力傳感器,可測定小球在軌道內側通過這兩點時對軌道的壓力FA和FC。質量為0.1 kg的小球,以不同的初速度v沖入ABC軌道,g取10 m/s2。
(1)若FA=13 N,求小球經(jīng)過A點時的速度vA的大??;
(2)若FC和FA的關系圖線如圖乙所示且FA=13 N,求小球由A滑至C的過程中損失的機械能。
解析:(1)由牛頓第三定律可知,小球在A、C兩點所受軌道的彈力大小FNA=FA,F(xiàn)NC=FC
在A點由牛頓第二定律得FNA-mg=
13、解得vA=2 m/s。
(2)小球在C點由牛頓第二定律得FNC+mg=
小球由A滑至C的過程,由動能定理得
Wf-mg·2R=mvC2-mvA2
小球由A滑至C的過程,由功能關系得ΔE損=|Wf|
解得損失的機械能為ΔE損=0.2 J。
答案:(1)2 m/s (2)0.2 J
10.(2019·樂山模擬)如圖甲所示,在傾角為37°足夠長的粗糙斜面底端,一質量m=1 kg的滑塊壓縮著一輕彈簧且鎖定,兩者不拴接,滑塊可視為質點。t=0時解除鎖定,計算機通過傳感器描繪出滑塊的v -t圖像如圖乙所示,其中Oab段為曲線,bc段為直線,在t1=0.1 s時滑塊已上滑x=0.2 m的距離(
14、g取10 m/s2,sin 37°=0.6,cos 37°=0.8)。求:
(1)滑塊離開彈簧后在圖中bc段對應的加速度大小a及動摩擦因數(shù)μ的大??;
(2)t2=0.3 s和t3=0.4 s時滑塊的速度v1、v2的大小;
(3)彈簧鎖定時具有的彈性勢能Ep。
解析:(1)由題圖乙知滑塊在bc段做勻減速運動,加速度大小為
a==10 m/s2
根據(jù)牛頓第二定律得
mgsin 37°+μmgcos 37°=ma
解得μ=0.5。
(2)根據(jù)速度時間公式得t2=0.3 s時滑塊的速度大小
v1=vc-aΔt,解得v1=0
在t2之后滑塊開始下滑,下滑時由牛頓第二定律得
m
15、gsin 37°-μmgcos 37°=ma′
解得a′=2 m/s2
從t2~t3滑塊做初速度為零的勻加速運動,t3時刻的速度為
v2=a′Δt=0.2 m/s。
(3)從0~t1時間內,由能量守恒定律得
Ep=mgxsin 37°+μmgxcos 37°+mvb2
解得Ep=4 J。
答案:(1)10 m/s2 0.5 (2)0 0.2 m/s (3)4 J
11.如圖所示為某飛船先在軌道Ⅰ上繞地球做圓周運動,然后在A點變軌進入返回地球的橢圓軌道Ⅱ上運動,已知飛船在軌道Ⅰ上做圓周運動的周期為T,軌道半徑為r,橢圓軌道的近地點B離地心的距離為kr(k<1),引力常量為G,飛船
16、的質量為m,求:
(1)地球的質量及飛船在軌道Ⅰ上的線速度大??;
(2)若規(guī)定兩質點相距無限遠時引力勢能為零,則質量分別為M、m的兩個質點相距為r時的引力勢能Ep=-,式中G為引力常量。求飛船在A點變軌時發(fā)動機對飛船做的功。
解析:(1)飛船在軌道Ⅰ上運動時,由牛頓第二定律有
G=mr2
則地球的質量為M=
飛船在軌道Ⅰ上的線速度大小為v=。
(2)設飛船在橢圓軌道上的遠地點的速度為v1,在近地點的速度為v2,
由開普勒第二定律有rv1=krv2
根據(jù)能量守恒定律有
mv12-G=mv22-G
解得v1= =
根據(jù)動能定理,飛船在A點變軌時,發(fā)動機對飛船做的功為
W=mv12-mv2=。
答案:(1) (2)