《（浙江專用）備戰(zhàn)2022高考物理一輪復(fù)習(xí) 第一部分 計算題部分 快練3 動力學(xué)方法和能量觀點的綜合應(yīng)用》由會員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《（浙江專用）備戰(zhàn)2022高考物理一輪復(fù)習(xí) 第一部分 計算題部分 快練3 動力學(xué)方法和能量觀點的綜合應(yīng)用（12頁珍藏版）》請在裝配圖網(wǎng)上搜索。

1、（浙江專用）備戰(zhàn)2022高考物理一輪復(fù)習(xí) 第一部分 計算題部分 快練3 動力學(xué)方法和能量觀點的綜合應(yīng)用 1．如圖1所示，半徑分別為2R和R的甲、乙兩個光滑的圓形軌道安置在同一豎直平面上，軌道之間有一條水平軌道CD，甲圓形軌道左側(cè)有一個與軌道CD完全一樣的水平軌道OC.一質(zhì)量為m的滑塊以一定的速度從O點出發(fā)，先滑上甲軌道，通過動摩擦因數(shù)為μ的CD段，又滑上乙軌道，最后離開兩圓軌道，若滑塊在兩圓軌道的最高點對軌道的壓力都恰好為零，試求：(重力加速度為g) 圖1 (1)CD段的長度； (2)滑塊在O點的速度大?。?

2、 2．如圖2所示，一內(nèi)壁光滑的細管彎成半徑為R＝0.4 m的半圓形軌道CD，豎直放置，其內(nèi)徑略大于小球的直徑，水平軌道與豎直半圓形軌道在C點連接完好．置于水平軌道上的彈簧左端與豎直墻壁相連，B處為彈簧的自然狀態(tài)．將一個質(zhì)量為m＝0.8 kg的小球放在彈簧的右側(cè)后，用力向左側(cè)推小球而壓縮彈簧至A處，然后將小球由靜止釋放，小球運動到C處后對軌道的壓力為F1＝58 N．水平軌道以B處為界，左側(cè)AB段長為x＝0.3 m，與小球的動摩擦因數(shù)為μ＝0.5，右側(cè)BC段光滑．g＝10 m/s2，求： 圖2 (1)彈簧在壓縮狀態(tài)時所儲存的

3、彈性勢能； (2)小球運動到軌道最高處D點時對軌道的壓力大?。? 3．(2018·西湖高級中學(xué)月考)水上滑梯可簡化成如圖3所示的模型：傾角為θ＝37°的傾斜滑道AB和水平滑道BC平滑連接，起點A距水面的高度H＝7.0 m，BC的長度d＝2.0 m，端點C距水面的高度h＝1.0 m．一質(zhì)量m＝50 kg的運動員從滑道起點A無初速度地自由滑下，運動員與AB、BC間的動摩擦因數(shù)均為μ＝0.1(取重力加速度g＝10 m/s2，cos 37°＝0.8，sin 37°＝0.6，運動員可視為質(zhì)點) 圖3 (1)求運動員沿AB下滑時的加速度的大小a； (2)求運動員

4、從A滑到C的過程中克服摩擦力所做的功W和到達C點時的速度的大小vC； (3)保持水平滑道左端點在同一豎直線上，調(diào)節(jié)水平滑道高度h和長度d到圖中B′C′位置時，運動員從滑梯平拋到水面的水平位移最大，求此時滑道B′C′距水面的高度h′. 4．(2018·諸暨市牌頭中學(xué)期中)雪橇運動在北方很受人們歡迎，其簡化模型如圖4所示．傾角θ＝37°的直線雪道AB與曲線雪道BCDE在B點平滑連接，其中A、E兩點在同一水平面上，雪道最高點C所對應(yīng)的圓弧半徑R＝10 m，B、C兩點

5、距離水平面AE的高度分別為h1＝18 m、h2＝18.1 m，雪橇與雪道間的動摩擦因數(shù)μ＝0.1.游客可坐在電動雪橇上由A點從靜止開始向上運動．若電動雪橇以恒定功率P＝1.03 kW工作t＝10 s時間后自動關(guān)閉，則雪橇和游客(總質(zhì)量M＝50 kg)到達C點時的速度vC＝1 m/s，到達E點時的速度vE＝9 m/s.已知雪橇運動過程中不脫離雪道，sin 37°＝0.6，不計空氣阻力，重力加速度g取10 m/s2. 圖4 (1)求雪橇在C點時對雪道的壓力大小； (2)求雪橇在BC段克服摩擦力做的功； (3)求雪橇從C點運動到E點過程中損失的機械能； (4)若僅將DE段改成與曲線雪道

6、CD段平滑連接的傾斜直線軌道(如圖中虛線所示)，則雪橇從C點運動到E點過程中損失的機械能將如何變化(增加，減少還是不變)？請簡要說明理由． 5．(2018·臺州市外國語學(xué)校期末)如圖5所示，在豎直平面內(nèi)，粗糙的斜面軌道AB的下端與光滑的圓弧軌道BCD相切于B，C是最低點，圓心角∠BOC＝37°，D與圓心O等高，圓弧軌道半徑R＝1.0 m，現(xiàn)有一個質(zhì)量為m＝0.2 kg可視為質(zhì)點的小物體，從D點的正上方E點處自由下落，D、E兩點間的距離h＝1.6 m，物體與斜面AB之間的動摩擦因數(shù)μ＝0.5，取sin 37°＝0.6，cos 37°＝0.8，g＝10 m/s2

7、，不計空氣阻力．求： 圖5 (1)物體第一次通過C點時軌道對物體的支持力FN的大小； (2)要使物體不從斜面頂端飛出，斜面的長度LAB至少要多長； (3)若斜面已經(jīng)滿足(2)要求，物體從E點開始下落，直至最后在光滑圓弧軌道做周期性運動，求在此過程中系統(tǒng)因摩擦所產(chǎn)生的熱量Q的大?。? 6．(2017·嘉興市一中期末)如圖6所示，一質(zhì)量m＝0.4 kg的滑塊(可視為質(zhì)點)靜止于動摩擦因數(shù)μ＝0.1的水平軌道上的A點．現(xiàn)對滑塊施加一水平外力，使其向右運動，外力的功率

8、恒為P＝10 W．經(jīng)過一段時間后撤去外力，滑塊繼續(xù)滑行至B點后水平飛出，恰好在C點沿切線方向進入固定在豎直平面內(nèi)的光滑圓弧形軌道，軌道的最低點D處裝有壓力傳感器，當(dāng)滑塊到達傳感器上方時，傳感器的示數(shù)為25.6 N．已知軌道AB的長度L＝2.0 m，半徑OC和豎直方向的夾角α＝37°，圓弧形軌道的半徑R＝0.5 m．(空氣阻力可忽略不計，重力加速度g＝10 m/s2，sin 37°＝0.6，cos 37°＝0.8)求： 圖6 (1)滑塊運動到C點時速度vC的大小； (2)B、C兩點的高度差h及水平距離x； (3)水平外力作用在滑塊上的時間t. 7

9、．如圖7所示為某種彈射小球的游戲裝置，水平面上固定一輕質(zhì)彈簧及長度可調(diào)節(jié)的豎直細管AB.細管下端接有一小段長度不計的圓滑彎管，上端B與四分之一圓弧彎管BC相接，每次彈射前，推動小球?qū)椈蓧嚎s到同一位置后鎖定．解除鎖定，小球即被彈簧彈出，水平射進細管A端，再沿管ABC從C端水平射出．已知彎管BC的半徑R＝0.30 m，小球的質(zhì)量為m＝50 g，當(dāng)調(diào)節(jié)豎直細管AB的長度L至L0＝0.90 m時，發(fā)現(xiàn)小球恰好能過管口C端．不計小球運動過程中的機械能損失．(g取10 m/s2) 圖7 (1)求每次彈射時彈簧對小球所做的功W. (2)當(dāng)L取多大時，小球落至水平面的位置離細直管AB最遠？

10、 (3)調(diào)節(jié)L時，小球到達管口C時管壁對球的作用力FN也相應(yīng)變化，考慮到游戲裝置的實際情況，L不能小于0.15 m，請在圖8坐標(biāo)紙上作出FN隨長度L變化的關(guān)系圖線．(取管壁對球的作用力FN方向向上為正，并要求在縱軸上標(biāo)上必要的刻度值) 圖8 答案精析 1．(1)　(2) 解析　(1)在甲軌道的最高點，由牛頓第二定律可知： mg＝m 在乙軌道的最高點，由牛頓第二定律可知：mg＝m 從甲軌道的最高點到乙軌道的最高點，根據(jù)

11、動能定理可得 mg(4R－2R)－μmgl＝mv－mv 聯(lián)立解得：l＝ (2)從O點到甲圓的最高點，由動能定理可得： －mg(4R)－μmgl＝mv－mv 解得：v0＝. 2．(1)11.2 J　(2)10 N 解析　(1)小球運動到C處時， 由牛頓第二定律和牛頓第三定律得： F1′－mg＝m 代入數(shù)據(jù)解得v1＝5 m/s 由A→C，根據(jù)動能定理有Ep－μmgx＝mv 解得Ep＝11.2 J (2)小球從C到D過程，由機械能守恒定律得 mv＝2mgR＋mv 代入數(shù)據(jù)解得v2＝3 m/s 由于v2>＝2 m/s 所以小球在D處對軌道外壁有壓力，由牛頓第二定律得

12、 F2＋mg＝m， 代入數(shù)據(jù)解得F2＝10 N 根據(jù)牛頓第三定律得，小球?qū)壍赖膲毫Υ笮?0 N. 3．(1)5.2 m/s2　(2)500 J　10 m/s　(3)3 m 解析　(1)運動員沿AB下滑時，受力情況如圖所示 Ff＝μFN＝μmgcos θ 根據(jù)牛頓第二定律有：mgsin θ－μmgcos θ＝ma 得運動員沿AB下滑時加速度的大小為：a＝gsin θ－μgcos θ＝5.2 m/s2 (2)運動員從A滑到C的過程中，克服摩擦力做功為： W＝μmgcos θ()＋μmgd＝μmg(d＋)＝500 J 由動能定理得：mg(H－h(huán))－W＝mv 得運動員滑到C點

13、時速度的大小vC＝10 m/s (3)在從C′點滑出至落到水面的過程中，運動員做平拋運動的時間為t， h′＝gt2，t＝ 下滑過程中克服摩擦力做功仍為W＝500 J 根據(jù)動能定理得：mg(H－h(huán)′)－W＝mv2， v＝ 運動員在水平方向的位移：x＝vt＝· ＝2＝2 當(dāng)h′＝3 m時，水平位移最大. 4．(1)495 N　(2)25 J　(3)7 050 J　(4)見解析 解析　(1)在C點時，據(jù)牛頓第二定律有Mg－FNC＝M， 解得：FNC＝495 N 根據(jù)牛頓第三定律，雪橇在C點時對雪道的壓力：FNC′＝FNC＝495 N (2)設(shè)雪橇在BC段克服摩擦力做的功為

14、WBC，從A到C對雪橇和游客的整體運用動能定理可得：Pt－Mgh2－μMgcos θ·－WBC＝Mv，解得：WBC＝25 J (3)對雪橇和游客的整體從C到E運用動能定理可得：Mgh2－WCE＝Mv－Mv 解得從C到E克服摩擦力做功：WCE＝7 050 J 所以雪橇和游客的整體從C點運動到E點過程中損失的機械能：ΔE損＝WCE＝7 050 J (4)設(shè)D到E的水平距離為L，平滑連接的傾斜直線軌道傾角為α， 摩擦力做功：Wfl＝－μmgcos θ ·＝－μmgL 曲線軌道上任選極短一段如圖所示， 將這一小段近似看成傾角為γ的傾斜直線軌道，該段軌道在水平方向上的投影長為Δx，則摩

15、擦力在該段軌道上做功： Wf＝－μmgcos γ·＝－μmgΔx，所以整個曲線軌道摩擦力做功等于每一小段摩擦力做功的累加， 即：Wf2＝－μmgΣΔx＝－μmgL 故兩軌道的摩擦力做功相同：Wfl＝Wf2＝ΔE損 所以雪橇和游客的整體從C點運動到E點過程中損失的機械能相同． 5．(1)12.4 N　(2)2.4 m　(3)4.8 J 解析　(1)物體從E到C，由機械能守恒定律得： mg(h＋R)＝mv① 在C點，由牛頓第二定律得：FN－mg＝m② 聯(lián)立①②代入數(shù)據(jù)解得：FN＝12.4 N (2)從E→D→C→B→A過程，由動能定理得 WG＋Wf＝0③ WG＝mg[(h＋

16、Rcos 37°)－LABsin 37°]④ Wf＝－μmgcos 37°LAB⑤ 聯(lián)立③④⑤解得斜面長度至少為：LAB＝2.4 m. (3)因為mgsin 37°＞μmgcos 37°(或μ＜tan 37°)，所以物體不會停在斜面上，物體最后以C為中心，B為一側(cè)最高點沿圓弧軌道做周期性運動．從E點開始直至穩(wěn)定，系統(tǒng)因摩擦所產(chǎn)生的熱量Q＝ΔEp⑥ ΔEp＝mg(h＋Rcos 37°)⑦ 聯(lián)立⑥⑦解得Q＝4.8 J. 6．(1)5 m/s　(2)0.45 m　1.2 m　(3)0.4 s 解析　(1)滑塊運動到D點時，由牛頓第二定律和牛頓第三定律得FN－mg＝m 滑塊由C點運動到

17、D點的過程，由機械能守恒定律得 mgR(1－cos α)＋mv＝mv 聯(lián)立解得vC＝5 m/s (2)滑塊在C點時，速度的豎直分量為vy＝vCsin α＝3 m/s B、C兩點的高度差為h＝＝0.45 m 滑塊由B運動到C所用的時間為ty＝＝0.3 s 滑塊運動到B點時的速度為vB＝vCcos α＝4 m/s B、C兩點間的水平距離為x＝vBty＝1.2 m (3)滑塊由A點運動到B點的過程，由動能定理得 Pt－μmgL＝mv，解得t＝0.4 s 7．(1)0.60 J　(2)0.30 m　(3)見解析圖 解析　(1)小球恰好過C點，其速度vC＝0① 根據(jù)功能關(guān)系，每次

18、彈射時彈簧對小球所做的功為： W＝mg(L0＋R)＝0.60 J② (2)設(shè)小球被彈出時的初速度為v0，到達C時的速度為v，根據(jù)動能定理有W＝mv－0③ 根據(jù)機械能守恒定律有 mv＝mg(L＋R)＋mv2④ 聯(lián)立②③④得v＝⑤ 根據(jù)平拋運動規(guī)律，小球落至水平面時的位置離細直管AB的距離為x＝vt＋R⑥ 其中t＝ ⑦ 聯(lián)立⑤⑥⑦得x＝2＋R 根據(jù)數(shù)學(xué)知識可判知，當(dāng)L＝＝0.30 m時，x最大． 即當(dāng)L取0.30 m時，小球落至水平面的位置離細直管AB最遠． (3)設(shè)小球經(jīng)過C端時所受管壁作用力方向向上，根據(jù)牛頓運動定律有mg－FN＝m 又v＝ 則有FN＝L＋mg(1－) 代入數(shù)據(jù)得FN＝L－2.5 (N)(0.15 m≤L≤0.90 m) 據(jù)此作出所求圖線如圖：