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1、（江蘇專用）2022高考物理總復習 優(yōu)編題型增分練：小綜合練（八） 一、單項選擇題 1.(2018·常州一中等聯(lián)考)如圖1所示，x軸上固定兩個點電荷Q1、Q2(Q2位于坐標原點O)，其上有M、N、P三點，間距MN＝NP.Q1、Q2在軸上產生的電勢φ隨x變化關系如圖．則(　　) 圖1 A．M點電場場強大小為零 B．N點電場場強大小不為零 C．M、N之間電場方向沿x軸正方向 D．一正試探電荷從P移到M過程中，電場力做功|WPN|＝|WNM| 答案　C 解析　在φ－x圖線中，切線斜率表示電場強度的大小，可知M處的場強大小不為零，N處的場強大小為零，A、B錯誤；M點的電勢為零，N

2、點電勢小于零，因沿電場線方向電勢降低，故在MN間電場方向由M指向N，沿x軸正方向，C正確；一正試探電荷從P移到N過程中，電場力做正功，從N移到M過程中，電場力做負功，由題圖可知，|UMN|＞|UNP|，故|WPN|＜|WNM|，D錯誤． 2．如圖2所示，氫原子在不同能級間發(fā)生a、b、c三種躍遷時，釋放光子的頻率分別是νa、νb、νc，下列關系式正確的是(　　) 圖2 A．νb＝νa＋νc B．νa＝ C．νb＝ D．νc＝ 答案　A 解析　因為Em－En＝hν，知hνb＝hνa＋hνc，解得νb＝νa＋νc，故選A. 二、多項選擇題 3．(2018·錫山中學模擬)如

3、圖3所示，足夠長的斜面上有a、b、c、d、e五個點，ab＝bc＝cd＝de，從a點水平拋出一個小球，初速度為v時，小球落在斜面上的b點，落在斜面上時的速度方向與斜面夾角為θ；不計空氣阻力，則初速度為2v時(　　) 圖3 A．小球可能落在斜面上的c點與d點之間 B．小球一定落在斜面上的e點 C．小球落在斜面時的速度方向與斜面夾角大于θ D．小球落在斜面時的速度方向與斜面夾角也為θ 答案　BD 解析　設ab＝bc＝cd＝de＝L0，初速度為v時，小球落在斜面上的b點，則有L0cos α＝vt1，L0sin α＝gt12，初速度為2v時，Lcos α＝2vt2，Lsin α＝gt2

4、2，聯(lián)立解得L＝4L0，即小球一定落在斜面上的e點，選項B正確，A錯誤；設小球落在斜面時的速度方向與水平方向之間的夾角為β，由平拋運動規(guī)律可知，tan β＝＝2tan α，故初速度為2v時，小球落在斜面時的速度方向與斜面夾角也為θ，選項C錯誤，D正確． 三、實驗題 4．(2018·江蘇五校聯(lián)考)某研究小組收集了兩個電學元件：電阻R0(約為2 kΩ)和手機中的鋰電池(電動勢E標稱值為3.7 V，允許最大放電電流為100 mA)．實驗室備有如下器材： A．電壓表V(量程3 V，電阻RV約為4.0 kΩ) B．電流表A1(量程100 mA，電阻RA1約為5 Ω) C．電流表A2(量程2 m

5、A，電阻RA2約為50 Ω) D．滑動變阻器R1(0～40 Ω，額定電流1 A) E．電阻箱R2(0～999.9 Ω) F．開關S一只，導線若干 圖4 (1)為了測定電阻R0的阻值，小明設計了一電路，如圖4甲所示為其對應的實物圖，圖中的電流表A應選______(選填“A1”或“A2”)，請將實物連線補充完整． (2)為測量鋰電池的電動勢E和內阻r，小紅設計了如圖乙所示的電路圖．根據(jù)測量數(shù)據(jù)作出－圖象，如圖丙所示．若該圖線的斜率為k，縱軸截距為b，則該鋰電池的電動勢E＝________，內阻r＝________(用k、b和R2表示)．該實驗的測量值偏小，造成此系統(tǒng)誤差的主要原

6、因是__________________________________． 答案　(1)A2　如圖所示 (2)　　電壓表分流 四、計算題 5．如圖5所示，豎直半圓形光滑軌道BC與水平面AB相切，AB間距離x＝1 m，質量m＝0.1 kg的小滑塊1放在半圓形軌道底端的B點，另一質量也為m＝0.1 kg的小滑塊2，從A點以v0＝2 m/s的初速度在水平面上滑行，兩滑塊相碰，碰撞時間極短，碰后兩滑塊粘在一起滑上半圓形軌道，恰好能通過半圓形軌道最高點C.已知滑塊2與水平面之間的動摩擦因數(shù)μ＝0.2.取重力加速度g＝10 m/s2.兩滑塊均可視為質點．求： 圖5 (1)碰后瞬間兩滑塊

7、共同的速度大小v； (2)兩滑塊在碰撞過程中損失的機械能ΔE； (3)半圓形軌道的半徑R. 答案　(1)3 m/s　 (2)0.9 J　(3)0.18 m 解析　(1)滑塊2從A運動到B，設滑塊2在B點的速度為v1， 由動能定理可得：－μmgx＝mv12－mv02 解得：v1＝6 m/s 在B點，滑塊2與滑塊1發(fā)生完全非彈性碰撞，以v1的方向為正方向，由動量守恒定律可得mv1＝2mv 解得：v＝3 m/s. (2)滑塊2與滑塊1在B點發(fā)生完全非彈性碰撞， 由能量守恒可得機械能損失為： ΔE＝mv12－·2m·v2 解得：ΔE＝0.9 J. (3)碰后兩滑塊沿半圓形軌道上升到C點的過程中機械能守恒，·2mv2＝2mg·2R＋·2mvC2 在C點，兩滑塊所受重力提供其做圓周運動的向心力，根據(jù)牛頓第二定律可得：2mg＝2m 聯(lián)立解得：R＝0.18 m.