《（江蘇專用）2022高考物理總復(fù)習(xí) 優(yōu)編題型增分練：小綜合練（六）》由會員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《（江蘇專用）2022高考物理總復(fù)習(xí) 優(yōu)編題型增分練：小綜合練（六）（4頁珍藏版）》請在裝配圖網(wǎng)上搜索。

1、（江蘇專用）2022高考物理總復(fù)習(xí) 優(yōu)編題型增分練：小綜合練（六） 一、單項選擇題 1.(2018·鹽城中學(xué)質(zhì)檢)如圖1所示，一內(nèi)壁光滑、質(zhì)量為m、半徑為r的環(huán)形細圓管(管的內(nèi)徑相對于環(huán)半徑可忽略不計)用硬桿豎直固定在地面上．有一質(zhì)量為m的小球可在圓管中運動(球直徑略小于圓管直徑，可看做質(zhì)點)，小球以速率v0經(jīng)過圓管最高點時，恰好對管壁無壓力，當(dāng)球運動到最低點時，求硬桿對圓管的作用力大小為(　　) 圖1 A．m B．2mg＋m C．6mg D．7mg 答案　D 2．如圖2所示，質(zhì)量不計的彈簧豎直固定在水平面上，t＝0時刻，將一金屬小球從彈簧正上方某一高度處由靜止釋放，

2、小球接觸彈簧并將彈簧壓縮至最低點(形變在彈性限度內(nèi))，然后又被彈起離開彈簧，上升到一定高度后又下落，如此反復(fù)．通過安裝在彈簧下端的壓力傳感器，測出該過程中彈簧彈力F隨時間t變化的圖象如圖乙所示，則(　　) 圖2 A．運動過程中小球的機械能守恒 B．t2時刻小球的加速度為零 C．t1～t2這段時間內(nèi)，小球的動能在逐漸減小 D．t2～t3這段時間內(nèi)，小球的動能與重力勢能之和在增加 答案　D 解析　由題圖看出，彈簧的彈力在變化，說明運動過程中彈簧的彈性勢能在變化，而小球和彈簧組成的系統(tǒng)機械能守恒，則知小球的機械能不守恒，故A錯誤．t2時刻，彈簧彈力最大，彈簧的壓縮量最大，小球運動到

3、最低點，合力不等于零，合力方向向上，所以加速度不等于零，故B錯誤；t1～t2這段時間內(nèi)，小球先向下做加速度減小的加速運動，然后做加速度增大的減速運動，動能先增大后減小，故C錯誤；t2～t3這段時間內(nèi)，小球和彈簧組成的系統(tǒng)機械能守恒，彈簧的彈性勢能不斷減小，則小球的動能與重力勢能之和在增加，故D正確． 二、多項選擇題 3.如圖3所示，小球A、B、C的質(zhì)量分別為m、m、2m，A與BC間通過鉸鏈用輕桿連接，桿長為L，B、C置于水平地面上．現(xiàn)讓兩輕桿并攏，將A由靜止釋放下降到最低點的過程中，A、B、C在同一豎直平面內(nèi)運動，忽略一切摩擦，重力加速度為g.則(　　) 圖3 A．A、B、C組成的

4、系統(tǒng)水平方向動量守恒 B．A、C之間的輕桿始終對C做正功 C．A與桌面接觸時具有水平方向的速度 D．A與桌面接觸時的速度大小為 答案　AD 解析　A、B、C組成的系統(tǒng)水平方向受到的合力為零，則水平方向動量守恒，選項A正確；系統(tǒng)初動量為零，水平方向末動量也為零，因A與桌面接觸時，三個球的水平速度相等，則根據(jù)水平方向動量守恒可知三個球的水平方向的速度均為零，選項C錯誤；小球C的速度先增大后減小，則A、C之間的輕桿對C先做正功后做負功，選項B錯誤；豎直方向，當(dāng)A與桌面接觸時，小球A的重力勢能轉(zhuǎn)化為系統(tǒng)的動能，因B、C的速度為零，則mgL＝mv2，解得v＝，選項D正確． 三、實驗題 4．

5、(2018·泰州中學(xué)等綜合評估)要測量某種合金的電阻率． 圖4 (1)若合金絲長度為L，直徑為D，阻值為R，則其電阻率ρ＝________. 用螺旋測微器測合金絲的直徑如圖4甲所示，讀數(shù)為________ mm. (2)圖乙是測量合金絲阻值的原理圖，S2是單刀雙擲開關(guān)．根據(jù)原理圖在圖丙中將實物連線補充完整． (3)閉合S1，當(dāng)S2處于位置a時，電壓表和電流表的示數(shù)分別為U1＝1.35 V，I1＝0.30 A；當(dāng)S2處于位置b時，電壓表和電流表的示數(shù)分別為U2＝0.92 V，I2＝0.32 A．根據(jù)以上測量數(shù)據(jù)判斷，當(dāng)S2處于位置________(選填“a”或“b”)時，測量相

6、對準(zhǔn)確，測量值Rx＝________ Ω.(結(jié)果保留兩位有效數(shù)字) 答案　(1)　0.650　(2)見解析圖　(3)b　2.9 解析　(1)金屬絲電阻：R＝ρ＝ρ， 則電阻率：ρ＝； 圖示螺旋測微器讀數(shù)為：0.5 mm＋15.0×0.01 mm＝0.650 mm； (2)實物連線如圖所示： (3)根據(jù)＝≈0.32， 而＝≈0.07， 可知，使用電流表外接法測量相對準(zhǔn)確，即S2處于位置b， 根據(jù)歐姆定律，則有：Rx＝ Ω≈2.9 Ω. 四、計算題 5．(2018·泰州中學(xué)模擬)如圖5所示，MN是一段在豎直平面內(nèi)半徑為1 m的光滑的四分之一圓弧軌道，軌道上存在水平向右的勻

7、強電場，軌道的右側(cè)有一垂直紙面向里的勻強磁場，磁感應(yīng)強度為B1＝0.1 T．現(xiàn)有一帶電荷量為0.1 C、質(zhì)量為10 g的帶正電小球從M點由靜止開始自由下滑，恰能沿NP方向做直線運動．已知EF板間的電壓為UFE＝2 V，板間距離d＝2 m，EF板間存在有方向垂直紙面向里、范圍足夠大的勻強磁場，磁感應(yīng)強度大小為B2.ABCD是一邊長為L＝1 m的正方形盒，各邊均為光滑絕緣板，盒的AB邊恰好與磁場的左邊界重合．在AB邊的中點有一小孔Q，小孔Q與N、P在同一條水平直線上，帶電小球恰能從小孔Q進入正方形盒內(nèi)，帶電小球與絕緣板碰撞時不損失動能，但速度反向(g取10 m/s2)，求： 圖5 (1)小

8、球運動到N點時的速度v的大小． (2)小球運動到N點時，重力和電場力的功率分別為多少？ (3)為保證帶電小球與正方形盒的壁發(fā)生多次碰撞后，仍能從小孔Q離開，則右側(cè)勻強磁場的磁感應(yīng)強度B2的大小為多少？ 答案　見解析 解析　(1)小球沿NP做直線運動，由平衡條件可得mg＝qvB1，代入數(shù)據(jù)解得v＝10 m/s. (2)小球從M點到N點的過程中，由動能定理得：mgR＋qER＝mv2， 代入數(shù)據(jù)解得：E＝4 N/C. 在N點，重力與速度垂直，則重力的功率為：PG＝0 電場力的方向與速度同向，則電場力的功率為：PE＝Eqv＝4×0.1×10 W＝4 W. (3)在板間復(fù)合場中小球受電場力為：＝0.1 N＝mg，與重力平衡． 故小球做勻速圓周運動，設(shè)運動半徑為R′，由qvB2＝m得：R′＝， 欲使粒子仍能從Q孔處射出，粒子的運動軌跡可能是有兩種情況． ①根據(jù)幾何關(guān)系知：R′＝＝，(n＝0,1,2，…) 解得：B2＝＝＝4n＋2(T)(n＝0,1,2，…) ②根據(jù)幾何關(guān)系知：R′＝＝，(k＝1,2，…) 解得：B2＝＝＝4k(T)(k＝1,2，…)．