《2020屆高三數(shù)學(xué)二輪復(fù)習(xí) 必考問(wèn)題專項(xiàng)突破21 數(shù)學(xué)思想在解題中的應(yīng)用（1） 理》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《2020屆高三數(shù)學(xué)二輪復(fù)習(xí) 必考問(wèn)題專項(xiàng)突破21 數(shù)學(xué)思想在解題中的應(yīng)用（1） 理（12頁(yè)珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1、問(wèn)題21　數(shù)學(xué)思想在解題中的應(yīng)用(一) 1．(2020·重慶)設(shè)平面點(diǎn)集A＝{(x，y)|(y－x)≥0}，B＝{(x，y)|(x－1)2＋(y－1)2≤1}，則A∩B所表示的平面圖形的面積為(　　)．　　　　　　　　　　　　　　　　　　　 A.π B.π C.π D. 答案： D　[數(shù)形結(jié)合，畫出圖象，可知集合B表示的是一個(gè)圓面，集合A表示的圖形在圓(x－1)2＋(y－1)2＝1內(nèi)的部分正好是圓面積的一半，因此A∩B所表示的平面圖形的面積是，選D.] 2．(2020·新課標(biāo)全國(guó))設(shè)F1，F(xiàn)2是橢圓E：＋＝1(a＞b＞0)的左、右焦點(diǎn)，P為直線x＝上一點(diǎn)，△F2PF1是底角為

2、30°的等腰三角形，則E的離心率為(　　)． A. B. C. D. 答案：C　[由題意可得|PF2|＝|F1F2|，∴2＝2c，∴3a＝4c，∴e＝.] 3．(2020·遼寧)設(shè)變量x，y滿足則2x＋3y的最大值為(　　)． A．20 B．35 C．45 D．55 答案：D　[根據(jù)不等式組確定平面區(qū)域，再平移目標(biāo)函數(shù)求最大值．作出不等式組對(duì)應(yīng)的平面區(qū)域(如圖所示)，平移直線y＝－x，易知直線經(jīng)過(guò)可行域上的點(diǎn)A(5,15)時(shí)，2x＋3y取得最大值55，故選擇D.] 4．(2020·重慶)過(guò)拋物線y2＝2x的焦點(diǎn)F作直線交拋物線于A，B兩點(diǎn)，若|AB|＝，|AF|＜|

3、BF|，則|AF|＝________. 解析　設(shè)過(guò)拋物線焦點(diǎn)的直線為y＝k， 聯(lián)立得整理得k2x2－(k2＋2)x＋k2＝0， x1＋x2＝，x1x2＝. |AB|＝x1＋x2＋1＝＋1＝，得k2＝24代入k2x2－(k2＋2)x＋k2＝0得12x2－13x＋3＝0，解之得x1＝，x2＝，又|AF|＜|BF|，故|AF|＝x1＋＝. 答案　 1．函數(shù)的主干知識(shí)、函數(shù)的綜合應(yīng)用以及函數(shù)與方程思想的考查一直是高考的重點(diǎn)內(nèi)容之一．高考試題中，既有靈活多變的客觀性小題，又有一定能力要求的主觀性大題，難度有易有難，可以說(shuō)是貫穿了數(shù)學(xué)高考整份試卷，高考中所占比重比較大． 2．?dāng)?shù)形結(jié)合思想

4、的考查常以數(shù)學(xué)概念、數(shù)學(xué)式的幾何意義、函數(shù)圖象、解析幾何等為載體，多數(shù)以選擇題、填空題出現(xiàn)，難度中等． (1)對(duì)于函數(shù)與方程思想，在解題中要善于挖掘題目中的隱含條件，構(gòu)造出函數(shù)解析式和妙用函數(shù)與方程的相互轉(zhuǎn)化的關(guān)系是應(yīng)用函數(shù)與方程思想解題的關(guān)鍵． (2)在運(yùn)用數(shù)形結(jié)合思想分析問(wèn)題時(shí)，要注意三點(diǎn)：①理解一些概念與運(yùn)算法則的幾何意義以及曲線的代數(shù)特征，對(duì)題目中的條件和結(jié)論既分析其幾何意義，又分析其代數(shù)意義；②恰當(dāng)設(shè)參、合理用參，建立關(guān)系，由形思數(shù)，以數(shù)想形，做好數(shù)形轉(zhuǎn)化；③確定參數(shù)的取值范圍，參數(shù)的范圍決定圖形的范圍. 必備知識(shí) 函數(shù)與方程思想 (1)函數(shù)思想就是用運(yùn)動(dòng)和變化的

5、觀點(diǎn)，分析和研究具體問(wèn)題中的數(shù)量關(guān)系，并通過(guò)函數(shù)形式建立函數(shù)關(guān)系，然后利用函數(shù)有關(guān)的知識(shí)(定義域、值域、最值、單調(diào)性、奇偶性、周期性、對(duì)稱性、圖象、導(dǎo)數(shù))使問(wèn)題得以解決．函數(shù)思想貫穿于高中數(shù)學(xué)教學(xué)的始終，不僅在函數(shù)各章的學(xué)習(xí)，而且在研究方程、不等式、數(shù)列、解析幾何等其他內(nèi)容時(shí)也起著十分重要的作用． (2)方程的思想，是分析數(shù)學(xué)問(wèn)題中變量間的等量關(guān)系，從而建立方程或方程組，通過(guò)解方程或方程組，或者運(yùn)用方程的性質(zhì)去分析、轉(zhuǎn)化問(wèn)題，使問(wèn)題獲得解決．在實(shí)際問(wèn)題的解決過(guò)程中，函數(shù)、方程、不等式等常?；ハ噢D(zhuǎn)化．因此，函數(shù)與方程的思想是高考考查的重點(diǎn)知識(shí)． 數(shù)形結(jié)合思想 (1)數(shù)形結(jié)合，就是根據(jù)數(shù)與

6、形之間的對(duì)應(yīng)關(guān)系，通過(guò)數(shù)與形的相互轉(zhuǎn)化來(lái)解決數(shù)學(xué)問(wèn)題的一種重要思想方法．?dāng)?shù)形結(jié)合思想通過(guò)“以形助數(shù)，以數(shù)解形”，使復(fù)雜問(wèn)題簡(jiǎn)單化，抽象問(wèn)題具體化，能夠變抽象思維為形象思維，有助于把握數(shù)學(xué)問(wèn)題的本質(zhì)，它是數(shù)學(xué)規(guī)律性與靈活性的有機(jī)結(jié)合． (2)數(shù)形結(jié)合的思想方法應(yīng)用廣泛，如解方程、不等式問(wèn)題，求函數(shù)的值域、最值問(wèn)題、三角函數(shù)問(wèn)題，運(yùn)用數(shù)形結(jié)合思想，不僅直觀易發(fā)現(xiàn)解題途徑，而且能避免復(fù)雜的計(jì)算與推理，大大簡(jiǎn)化了解題過(guò)程． 必備方法 1．在高中數(shù)學(xué)的各個(gè)部分，都有一些公式和定理，這些公式和定理本身就是方程，如等差數(shù)列的通項(xiàng)公式、余弦定理、解析幾何的弦長(zhǎng)公式等，當(dāng)試題與這些問(wèn)題有關(guān)時(shí)，就需要根據(jù)這

7、些公式或者定理列方程或方程組求解需要的量． 2．函數(shù)與不等式也可以相互轉(zhuǎn)化，對(duì)于函數(shù)y＝f(x)，當(dāng)y＞0時(shí)，就轉(zhuǎn)化為不等式f(x)＞0，借助于函數(shù)圖象與性質(zhì)解決有關(guān)問(wèn)題，而研究函數(shù)的性質(zhì)，也離不開解不等式． 3．在數(shù)學(xué)中函數(shù)的圖象、方程的曲線、不等式所表示的平面區(qū)域、向量的幾何意義、復(fù)數(shù)的幾何意義等都實(shí)現(xiàn)以形助數(shù)的途徑，當(dāng)試題中涉及這些問(wèn)題的數(shù)量關(guān)系時(shí)，我們可以通過(guò)形分析這些數(shù)量關(guān)系，達(dá)到解題的目的． 　　 　　　　關(guān)問(wèn)題 函數(shù)思想，不僅是利用函數(shù)的方法來(lái)研究解決有關(guān)函數(shù)問(wèn)題，更重要的是運(yùn)用函數(shù)的觀點(diǎn)去分析、解決問(wèn)題，它的精髓是通過(guò)建立函數(shù)關(guān)系或構(gòu)造函數(shù)，再運(yùn)用函數(shù)的圖象

8、和性質(zhì)去分析問(wèn)題、轉(zhuǎn)化問(wèn)題，從而使問(wèn)題獲得解決．　　　　　　　　　　　　　　　　　　　 【例1】? (2020·遼寧)設(shè)f(x)＝ln(x＋1)＋ ＋ax＋b(a，b∈R，a，b為常數(shù))，曲線y＝f(x)與直線y＝x在(0,0)點(diǎn)相切． (1)求a，b的值； (2)證明：當(dāng)0＜x＜2時(shí)，f(x)＜. [審題視點(diǎn)] 　 　 [聽課記錄](méi) [審題視點(diǎn)] (1)應(yīng)用導(dǎo)數(shù)研究函數(shù)性質(zhì)；(2)應(yīng)用導(dǎo)數(shù)研究函數(shù)性質(zhì)，并且結(jié)合放縮法的應(yīng)用． (1)解　由y＝f(x)過(guò)(0,0)點(diǎn)，得b＝－1. 由y＝f(x)在(0,0)點(diǎn)的切線斜率為，又y′|x＝0＝|x＝0＝＋a，得a＝0. (2)證

9、明　由均值不等式，當(dāng)x＞0時(shí)， 2 ＜x＋1＋1＝x＋2，故＜＋1. 記h(x)＝f(x)－，則 h′(x)＝＋－ ＝－ ＜－ ＝. 令g(x)＝(x＋6)3－216(x＋1)， 則當(dāng)0＜x＜2時(shí)，g′(x)＝3(x＋6)2－216＜0. 因此g(x)在(0,2)內(nèi)是遞減函數(shù)，又由g(0)＝0，得 g(x)＜0，所以h′(x)＜0. 因此h(x)在(0,2)內(nèi)是遞減函數(shù)，又h(0)＝0，得h(x)＜0. 于是當(dāng)0＜x＜2時(shí)，f(x)＜. 根據(jù)所證不等式的結(jié)構(gòu)特征構(gòu)造相應(yīng)的函數(shù)，研究該函數(shù)的單調(diào)性是解決這一類問(wèn)題的關(guān)鍵，本題并沒(méi)有千篇一律的將不等式右邊也納入到所構(gòu)造函

10、數(shù)中，而是具體問(wèn)題具體分析，使問(wèn)題得解，體現(xiàn)了導(dǎo)數(shù)的工具性以及函數(shù)、方程的數(shù)學(xué)思想． 【突破訓(xùn)練1】 證明：對(duì)任意的正整數(shù)n，不等式ln＞－都成立． 證明　令f(x)＝x3－x2＋ln(x＋1)，則f′(x)＝在(0,1]上恒正． ∴f(x)在(0,1]上單調(diào)遞增，當(dāng)x∈(0,1]時(shí)，有x3－x2＋ln(x＋1)＞0，即ln(x＋1)＞x2－x3，對(duì)任意正整數(shù)n，取x＝∈(0,1]，得ln＞－. 　　　　 　　關(guān)問(wèn)題 解決直線與圓錐曲線的位置關(guān)系問(wèn)題時(shí)，用到最多的是方程思想，即列方程組，通過(guò)判別式、根與系數(shù)的關(guān)系來(lái)研究方程解的情況進(jìn)一步研究直線與圓錐曲線的關(guān)系，同時(shí)處理范圍與最值

11、問(wèn)題時(shí)也要用到函數(shù)思想．　　　　　　　　　　　　　　　　　　 【例2】? (2020·湖南)在直角坐標(biāo)系xOy中，已知中心在原點(diǎn)，離心率為的橢圓E的一個(gè)焦點(diǎn)為圓C：x2＋y2－4x＋2＝0的圓心． (1)求橢圓E的方程； (2)設(shè)P是橢圓E上一點(diǎn)，過(guò)P作兩條斜率之積為的直線l1，l2.當(dāng)直線l1，l2都與圓C相切時(shí)，求P的坐標(biāo)． [審題視點(diǎn)] 　 　 [聽課記錄](méi) [審題視點(diǎn)] (1)將圓的一般方程化為標(biāo)準(zhǔn)方程，然后根據(jù)條件列出關(guān)于a，b，c，e的方程，解方程(組)即可；(2)設(shè)出點(diǎn)P的坐標(biāo)及直線方程，根據(jù)直線與圓相切，圓心到直線的距離等于半徑，構(gòu)造一元二次方程，利用根與系數(shù)的關(guān)

12、系及P在橢圓上列出方程組，求解得P點(diǎn)的坐標(biāo)． 解　(1)由x2＋y2－4x＋2＝0得(x－2)2＋y2＝2，故圓C的圓心為點(diǎn)(2,0)．從而可設(shè)橢圓E的方程為＋＝1(a＞b＞0)，其焦距為2c.由題設(shè)知c＝2，e＝＝.所以a＝2c＝4，b2＝a2－c2＝12.故橢圓E的方程為＋＝1. (2)設(shè)點(diǎn)P的坐標(biāo)為(x0，y0)，l1，l2的斜率分別為k1，k2，則l1，l2的方程分別為l1：y－y0＝k1(x－x0)，l2：y－y0＝k2(x－x0)，且k1k2＝，由l1與圓C：(x－2)2＋y2＝2相切得＝ ， 即[(2－x0)2－2]k＋2(2－x0)y0k1＋y－2＝0. 同理可得[(2

13、－x0)2－2]k＋2(2－x0)y0k2＋y－2＝0. 從而k1，k2是方程[(2－x0)2－2]k2＋2(2－x0)y0k＋y－2＝0的兩個(gè)實(shí)根，于是 ① 且k1k2＝＝. 由得5x－8x0－36＝0， 解得x0＝－2，或x0＝. 由x0＝－2得y0＝±3；由x0＝得y0＝±，它們均滿足①式． 故點(diǎn)P的坐標(biāo)為(－2,3)，或(－2，－3)，或，或. 直線與圓錐曲線的位置關(guān)系中滲透著函數(shù)與方程的思想，在解決解析幾何問(wèn)題時(shí)常常用到函數(shù)與方程的思想． 【突破訓(xùn)練2】 (2020·安徽)如圖，F(xiàn)1，F(xiàn)2分別是橢圓C：＋＝1(a＞b＞0)的左、右焦點(diǎn)，A是橢圓C的頂點(diǎn)，B是直線A

14、F2與橢圓C的另一個(gè)交點(diǎn)，∠F1AF2＝60°. (1)求橢圓C的離心率； (2)已知△AF1B的面積為40 ，求a，b的值． 解　(1)由題意可知，△AF1F2為等邊三角形，a＝2c， 所以e＝. (2)法一　a2＝4c2，b2＝3c2， 直線AB的方程可為y＝－(x－c)． 將其代入橢圓方程3x2＋4y2＝12c2，得B. 所以|AB|＝·＝c. 由S△AF1B＝|AF1|·|AB| sin∠F1AB＝a·c·＝a2＝40，解得a＝10，b＝5. 法二　設(shè)|AB|＝t. 因?yàn)閨AF2|＝a，所以|BF2|＝t－a. 由橢圓定義|BF1|＋|BF2|＝2a可知，|

15、BF1|＝3a－t. 再由余弦定理(3a－t)2＝a2＋t2－2atcos 60°可得，t＝a. 由S△AF1B＝a·a·＝a2＝40知，a＝10，b＝5. 討論方程的解可構(gòu)造兩個(gè)函數(shù)，使求方程的解的問(wèn)題轉(zhuǎn)化為討論兩曲線交點(diǎn)的問(wèn)題，但用圖象法討論方程的解，一定要注意圖象的精確性、全面性．　　　　　　　　　　　　　　　　　　　 【例3】? 方程x－sin x＝0在區(qū)間[0,2π]上的實(shí)根個(gè)數(shù)為(　　)． A．1 B．2 C．3 D．4 [審題視點(diǎn)] 　 　 [聽課記錄](méi) 答案： B　[方程x－sin x＝0在區(qū)間[0,2π]上解的個(gè)數(shù)，可以轉(zhuǎn)化為兩函數(shù)y＝x與y＝

16、sin x交點(diǎn)的個(gè)數(shù)．根據(jù)右面圖象可得交點(diǎn)個(gè)數(shù)為2，即方程解的個(gè)數(shù)為2.故選B.] 用函數(shù)的圖象討論方程(特別是含參數(shù)的指數(shù)、對(duì)數(shù)、根式、三角等復(fù)雜方程)的解的個(gè)數(shù)是一種重要的思想方法，其基本思想是先把方程兩邊的代數(shù)式看作是兩個(gè)熟悉函數(shù)的表達(dá)式(不熟悉時(shí)，需要作適當(dāng)變形轉(zhuǎn)化為兩熟悉的函數(shù))，然后在同一坐標(biāo)系中作出兩個(gè)函數(shù)的圖象，圖象的交點(diǎn)個(gè)數(shù)即為方程解的個(gè)數(shù)． 【突破訓(xùn)練3】 (2020·山東煙臺(tái)模擬)設(shè)函數(shù)f(x)＝若f(－4)＝f(0)，f(－2)＝－2，則關(guān)于x的方程f(x)＝x的解的個(gè)數(shù)為(　　)．　　　　　　　　　　　　　　　　　　　 A．1 B．2 C．3 D．4

17、【突破訓(xùn)練3】 C　[? ? ∴f(x)＝x2＋4x＋2，x≤0，這個(gè)函數(shù)的圖象如圖所示：可知直線y＝x與f(x)的圖象有三個(gè)交點(diǎn)，選C.] 　　　　 　　或求最值 在解含有參數(shù)的不等式時(shí)，由于涉及到參數(shù)，往往需要討論，導(dǎo)致演算過(guò)程繁瑣冗長(zhǎng)．如果題設(shè)與幾何圖形有聯(lián)系，那么利用數(shù)形結(jié)合的方法，問(wèn)題將會(huì)簡(jiǎn)練地得到解決．　　　　　　　　　　　　　　　　　　　 【例4】? (2020·濰坊模擬)不等式|x＋3|－|x－1|≤a2－3a對(duì)任意實(shí)數(shù)x恒成立，則實(shí)數(shù)a的取值范圍為(　　)． A．(－∞，－1]∪[4，＋∞) B．(－∞，－2]∪[5，＋∞) C．[1,2] D．(－

18、∞，1]∪[2，＋∞) [審題視點(diǎn)] 　 　 [聽課記錄](méi) [審題視點(diǎn)] 去掉絕對(duì)值化為分段函數(shù)，畫出函數(shù)圖象找到這個(gè)函數(shù)的最大值再求解． 答案：A　[f(x)＝|x＋3|－|x－1|＝畫出函數(shù)f(x)的圖象，如圖，可以看出函數(shù)f(x)的最大值為4，故只要a2－3a≥4即可，解得a≤－1或a≥4.選項(xiàng)為A.] 本題的知識(shí)背景涉及函數(shù)、不等式、絕對(duì)值等，“題目中的某些部分都可以使用圖形”表示，在解題時(shí)我們就是把這些可以用圖形表示的部分用圖形表示出來(lái)，借助于圖形的直觀獲得了解決問(wèn)題的方法，這就是以形助數(shù)，是數(shù)形結(jié)合中的一個(gè)主要方面．在解答選擇題的過(guò)程中，可以先根據(jù)題意，做出草圖，

19、然后參照?qǐng)D形的作法、形狀、位置、性質(zhì)，并綜合圖象的特征得出結(jié)論． 【突破訓(xùn)練4】 (2020·天津)設(shè)函數(shù)g(x)＝x2－2(x∈R)．f(x)＝則f(x)的值域是(　　)．　　　　　　　　　　　　　　　　　　　 A.∪(1，＋∞) B．[0，＋∞) C. D.∪(2，＋∞) 答案： D　[由題意知f(x)＝ ＝ 所以結(jié)合圖形，可得當(dāng) x∈(－∞，－1)∪(2，＋∞)時(shí)，f(x)的值域?yàn)?2，＋∞)；當(dāng)x∈[－1,2]時(shí)，f(x)的值域?yàn)?故選D.] 突破數(shù)形結(jié)合思想缺失的障礙 解答函數(shù)試題，很多時(shí)候函數(shù)圖象是隱形的，即在試題中沒(méi)有出現(xiàn)函數(shù)圖象，

20、在答題中一般也不要畫出函數(shù)圖象，但在尋找解題思路時(shí)必須借助于函數(shù)圖象，這就是數(shù)形結(jié)合思想的深刻體現(xiàn)，而很多學(xué)生常常在解題中對(duì)這種隱形的數(shù)形結(jié)合意識(shí)不到，導(dǎo)致解題錯(cuò)誤． 【示例】? (2020·德州模擬)已知函數(shù)f(x)＝x3－3ax－1，a≠0. (1)求f(x)的單調(diào)區(qū)間； (2)若f(x)在x＝－1處取得極值，直線y＝m與y＝f(x)的圖象有三個(gè)不同的交點(diǎn)，求m的取值范圍． [滿分解答]　(1)f′(x)＝3x2－3a＝3(x2－a)， 當(dāng)a＜0時(shí)，對(duì)任意的x∈R，有f′(x)＞0，此時(shí)，f(x)的單調(diào)增區(qū)間為(－∞，＋∞)； 當(dāng)a＞0時(shí)，由f′(x)＞0解得x＜－或x＞，由f

21、′(x)＜0解得－＜x＜， 故當(dāng)a＞0時(shí)，f(x)的單調(diào)增區(qū)間為(－∞，－)，(，＋∞)；f(x)的單調(diào)減區(qū)間為(－，)．(4分) (2)因?yàn)閒(x)在x＝－1處取得極值，所以f′(－1)＝3×(－1)2－3a＝0，∴a＝1.(6分) 所以f(x)＝x3－3x－1，f′(x)＝3x2－3，由f′(x)＝0解得x1＝－1，x2＝1. 由(1)中f(x)的單調(diào)性可知，f(x)在x＝－1處取得極大值f(－1)＝1，在x＝1處取得極小值f(1)＝－3.因?yàn)橹本€y＝m與函數(shù)y＝f(x)的圖象有三個(gè)不同的交點(diǎn)，結(jié)合f(x)的單調(diào)性畫出圖象(如圖所示)可知，m的取值范圍是(－3,1)．(12分)

22、 老師叮嚀：解答本題的關(guān)鍵是數(shù)形結(jié)合，但前提必須是利用導(dǎo)數(shù)把函數(shù)的性質(zhì)研究透徹，根據(jù)函數(shù)的性質(zhì)把函數(shù)圖象的大致形態(tài)勾畫出來(lái)，根據(jù)數(shù)形結(jié)合思想找到實(shí)數(shù)m所滿足的條件，再進(jìn)行嚴(yán)格的推理論證. 【試一試】 (2020·廣東模擬)設(shè)函數(shù)f(x)＝ax3－3ax，g(x)＝bx2－ln x(a，b∈R)，已知它們?cè)趚＝1處的切線互相平行． (1)求b的值； (2)若函數(shù)F(x)＝且方程F(x)＝a2有且僅有四個(gè)解，求實(shí)數(shù)a的取值范圍． 解　函數(shù)g(x)＝bx2－ln x的定義域?yàn)?0，＋∞)． (1)f′(x)＝3ax2－3a?f′(1)＝0， g′(x)＝2bx－?g′(1)＝2b－1，

23、 依題意2b－1＝0，所以b＝. (2)x∈(0,1)時(shí)，g′(x)＝x－＜0， x∈(1，＋∞)時(shí)，g′(x)＝x－＞0， 所以當(dāng)x＝1時(shí)，g(x)取極小值g(1)＝； 當(dāng)a＝0時(shí)，方程F(x)＝a2不可能有四個(gè)解； 當(dāng)a＜0時(shí)，x∈(－∞，－1)時(shí)，f′(x)＜0， x∈(－1,0)時(shí)，f′(x)＞0， 所以x＝－1時(shí)，f(x)取得極小值f(－1)＝2a， 又f(0)＝0，所以F(x)的圖象如下： 從圖象可以看出F(x)＝a2不可能有四個(gè)解． 當(dāng)a＞0時(shí)，x∈(－∞，－1)時(shí)，f′(x)＞0，x∈(－1,0)時(shí)，f′(x)＜0， 所以x＝－1時(shí)，f(x)取得極大值f(－1)＝2a. 又f(0)＝0，所以F(x)的圖象如下： 從圖象看出方程F(x)＝a2有四個(gè)解，則＜a2＜2a，所以實(shí)數(shù)a的取值范圍是.