《2020版高考數(shù)學(xué)二輪復(fù)習(xí) 第二部分 專(zhuān)題五 解析幾何 滿(mǎn)分示范課練習(xí) 文（含解析）》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《2020版高考數(shù)學(xué)二輪復(fù)習(xí) 第二部分 專(zhuān)題五 解析幾何 滿(mǎn)分示范課練習(xí) 文（含解析）（5頁(yè)珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1、滿(mǎn)分示范課——解析幾何 解析幾何部分知識(shí)點(diǎn)多，運(yùn)算量大，能力要求高，在高考試題中大都是在壓軸題的位置出現(xiàn)，是考生“未考先怕”的題型之一，不是怕解題無(wú)思路，而是怕解題過(guò)程中繁雜的運(yùn)算． 在遵循“設(shè)——列——解”程序化運(yùn)算的基礎(chǔ)上，應(yīng)突出解析幾何“設(shè)”的重要性，以克服平時(shí)重思路方法、輕運(yùn)算技巧的頑疾，突破如何避繁就簡(jiǎn)這一瓶頸． 【典例】　(滿(mǎn)分12分)(2018·全國(guó)卷Ⅰ)設(shè)橢圓C：＋y2＝1的右焦點(diǎn)為F，過(guò)F的直線l與C交于A，B兩點(diǎn)，點(diǎn)M的坐標(biāo)為(2，0)． (1)當(dāng)l與x軸垂直時(shí)，求直線AM的方程； (2)設(shè)O為坐標(biāo)原點(diǎn)，證明：∠OMA＝∠OMB. [規(guī)范解答]　(1)由已知得F

2、(1，0)，l的方程為x＝1. 把x＝1代入橢圓方程＋y2＝1， 得點(diǎn)A的坐標(biāo)為或. 又M(2，0)，所以AM的方程為y＝－x＋或y＝x－. (2)當(dāng)l與x軸重合時(shí)，∠OMA＝∠OMB＝0°. 當(dāng)l與x軸垂直時(shí)，OM為AB的垂直平分線， 所以∠OMA＝∠OMB. 當(dāng)l與x軸不重合也不垂直時(shí)，設(shè)l的方程為y＝k(x－1)(k≠0)，A(x1，y1)，B(x2，y2)， 則x1＜，x2＜，直線MA，MB的斜率之和為kMA＋kMB＝＋. 由y1＝k(x1－1)，y2＝k(x2－1)得 kMA＋kMB＝. 將y＝k(x－1)代入＋y2＝1得 (2k2＋1)x2－4k2x＋2k2

3、－2＝0. 所以x1＋x2＝，x1x2＝. 則2kx1x2－3k(x1＋x2)＋4k＝＝0. 從而kMA＋kMB＝0，故MA，MB的傾斜角互補(bǔ)． 所以∠OMA＝∠OMB. 綜上，∠OMA＝∠OMB. 高考狀元滿(mǎn)分心得 1．得步驟分：抓住得分點(diǎn)的步驟，“步步為贏”，求得滿(mǎn)分． 如第(1)問(wèn)求出點(diǎn)A的坐標(biāo)，第(2)問(wèn)求kMA＋kMB＝0，判定MA，MB的傾斜角互補(bǔ)． 2．得關(guān)鍵分：解題過(guò)程中不可忽視關(guān)鍵點(diǎn)，有則給分，無(wú)則沒(méi)分．如第(1)問(wèn)中求出直線AM的方程，第(2)問(wèn)討論直線與坐標(biāo)軸是否垂直，將直線y＝k(x－1)與＋y2＝1聯(lián)立得(2k2＋1)x2－4k2x＋2k2－2＝0.

4、 3．得計(jì)算分：解題過(guò)程中計(jì)算準(zhǔn)確是滿(mǎn)分的根本保證．如第(1)問(wèn)求對(duì)點(diǎn)M坐標(biāo)與直線AM的方程；第(2)問(wèn)中正確運(yùn)算出x1＋x2＝，x1x2＝，求出kMA＋kMB＝0，否則將導(dǎo)致失分． [解題程序]　第一步：由橢圓方程，求焦點(diǎn)F及直線l. 第二步：求點(diǎn)A的坐標(biāo)，進(jìn)而得直線AM的方程． 第三步：討論直線的斜率為0或不存在時(shí)，驗(yàn)證∠OMA＝ ∠OMB. 第四步：聯(lián)立方程，用k表示x1＋x2與x1x2. 第五步：計(jì)算kMA＋kMB＝0，進(jìn)而得∠OMA＝∠OMB. 第六步：反思總結(jié)，規(guī)范解題步驟． [跟蹤訓(xùn)練] 1．已知橢圓C：＋＝1(a＞b＞0)的短軸長(zhǎng)等于2，橢圓上的點(diǎn)到右焦點(diǎn)F

5、最遠(yuǎn)距離為3. (1)求橢圓C的方程； (2)設(shè)O為坐標(biāo)原點(diǎn)，過(guò)F的直線與C交于A、B兩點(diǎn)(A、B不在x軸上)，若＝＋，且E在橢圓上，求四邊形AOBE面積． 解：(1)由題意，2b＝2，知b＝. 又a＋c＝3，a2＝b2＋c2＝3＋c2， 所以可得a＝2，且c＝1. 因此橢圓C的方程為＋＝1. (2)F(1，0)．直線AB的斜率不為0，設(shè)直線AB的方程：x＝my＋1，A(x1，y1)，B(x2，y2)，聯(lián)立 得(3m2＋4)y2＋6my－9＝0. 由根與系數(shù)的關(guān)系，得 故AB的中點(diǎn)為N. 又＋＝2＝，故E的坐標(biāo)為. 因?yàn)镋點(diǎn)在橢圓上，所以×＋×＝1， 化簡(jiǎn)得9m4＋1

6、2m2＝0，故m2＝0， 此時(shí)直線AB：x＝1， S四邊形AOBE＝2S△AOE＝2×＝3. 2．(2019·長(zhǎng)沙模擬一中)設(shè)橢圓C：＋＝1(a＞b＞0)，定義橢圓C的“相關(guān)圓”E的方程為x2＋y2＝.若拋物線x2＝4y的焦點(diǎn)與橢圓C的一個(gè)焦點(diǎn)重合，且橢圓C短軸的一個(gè)端點(diǎn)和其兩個(gè)焦點(diǎn)構(gòu)成直角三角形． (1)求橢圓C的方程和“相關(guān)圓”E的方程； (2)過(guò)“相關(guān)圓”E上任意一點(diǎn)P的直線l：y＝kx＋m與橢圓C交于A，B兩點(diǎn)．O為坐標(biāo)原點(diǎn)，若OA⊥OB，證明原點(diǎn)O到直線AB的距離是定值，并求m的取值范圍． 解：(1)因?yàn)閽佄锞€x2＝4y的焦點(diǎn)為(0，1)． 依題意橢圓C的一個(gè)焦點(diǎn)為(0

7、，1)，知c＝1， 又橢圓C短軸的一個(gè)端點(diǎn)和其兩個(gè)焦點(diǎn)構(gòu)成直角三角形，則b＝c＝1. 故橢圓C的方程為＋x2＝1， “相關(guān)圓”E的方程為x2＋y2＝. (2)設(shè)A(x1，y1)，B(x2，y2)， 聯(lián)立方程組得(2＋k2)x2＋2kmx＋m2－2＝0， Δ＝4k2m2－4(2＋k2)(m2－2)＝8(k2－m2＋2)＞0， 即k2－m2＋2＞0， y1y2＝(kx1＋m)(kx2＋m)＝k2x1x2＋km(x1＋x2)＋m2 ＝－＋m2＝. 由條件OA⊥OB得，·＝0，即3m2－2k2－2＝0， 所以原點(diǎn)O到直線l的距離d＝＝， 由3m2－2k2－2＝0得d＝為定值． 由Δ＞0， 即k2－m2＋2＞0，所以－m2＋2＞0， 即m2＋2＞0，恒成立． 又k2＝≥0，即3m2≥2，所以m2≥， 即m≥或m≤－，綜上，m≥或m≤－. - 5 -