《2020高考數(shù)學(xué)大一輪復(fù)習(xí) 第七章 不等式 4 第4講 基本不等式練習(xí) 理（含解析）》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《2020高考數(shù)學(xué)大一輪復(fù)習(xí) 第七章 不等式 4 第4講 基本不等式練習(xí) 理（含解析）（7頁(yè)珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1、第4講 基本不等式 [基礎(chǔ)題組練] 1．若a，b∈R，且ab>0，則下列不等式中，恒成立的是(　　) A．a(chǎn)2＋b2>2ab　　 B．a(chǎn)＋b≥2 C. ＋> D. ＋≥2 解析：選D.因?yàn)閍2＋b2－2ab＝(a－b)2≥0，所以A錯(cuò)誤．對(duì)于B，C，當(dāng)a<0，b<0時(shí)，明顯錯(cuò)誤． 對(duì)于D，因?yàn)閍b>0， 所以＋≥2 ＝2. 2．下列不等式一定成立的是(　　) A．lg>lg x(x>0) B．sin x＋≥2(x≠kπ，k∈Z) C．x2＋1≥2|x|(x∈R) D.>1(x∈R) 解析：選C.對(duì)于選項(xiàng)A，當(dāng)x>0時(shí)，x2＋－x＝≥0，所以lg≥lg x； 對(duì)

2、于選項(xiàng)B，當(dāng)sin x<0時(shí)顯然不成立； 對(duì)于選項(xiàng)C，x2＋1＝|x|2＋1≥2|x|，一定成立； 對(duì)于選項(xiàng)D，因?yàn)閤2＋1≥1， 所以0<≤1.故選C. 3．已知f(x)＝，則f(x)在上的最小值為(　　) A. B. C．－1 D．0 解析：選D.f(x)＝＝x＋－2≥2－2＝0，當(dāng)且僅當(dāng)x＝，即x＝1時(shí)取等號(hào)．又1∈，所以f(x)在上的最小值是0. 4．若實(shí)數(shù)a，b滿足＋＝，則ab的最小值為(　　) A. B．2 C．2 D．4 解析：選C.因?yàn)椋剑詀＞0，b＞0， 由＝＋≥2＝2， 所以ab≥2(當(dāng)且僅當(dāng)b＝2a時(shí)取等號(hào))， 所以ab的最小值為

3、2. 5．已知x>0，y>0，lg 2x＋lg 8y＝lg 2，則＋的最小值是(　　) A．2 B．2 C．4 D．2 解析：選C.因?yàn)閘g 2x＋lg 8y＝lg 2， 所以lg(2x·8y)＝lg 2， 所以2x＋3y＝2， 所以x＋3y＝1. 因?yàn)閤>0，y>0， 所以＋＝(x＋3y)＝2＋＋≥2＋2＝4，當(dāng)且僅當(dāng)x＝3y＝時(shí)取等號(hào)．所以＋的最小值為4.故選C. 6．若正實(shí)數(shù)x，y滿足x＋y＝2，且≥M恒成立，則M的最大值為_(kāi)_______． 解析：因?yàn)檎龑?shí)數(shù)x，y滿足x＋y＝2， 所以xy≤＝＝1， 所以≥1； 又≥M恒成立， 所以M≤1，即M的最大值為1

4、. 答案：1 7．已知a>0，b>0，a＋2b＝3，則＋的最小值為_(kāi)_______． 解析：由a＋2b＝3得a＋b＝1， 所以＋＝ ＝＋＋≥＋2＝. 當(dāng)且僅當(dāng)a＝2b＝時(shí)取等號(hào)． 答案： 8．已知正數(shù)x，y滿足x＋2≤λ(x＋y)恒成立，則實(shí)數(shù)λ的最小值為_(kāi)_______． 解析：依題意得x＋2≤x＋(x＋2y)＝2(x＋y)，即≤2(當(dāng)且僅當(dāng)x＝2y時(shí)取等號(hào))，即的最大值為2.又λ≥恒成立，因此有λ≥2，即λ的最小值為2. 答案：2 9．(1)當(dāng)x<時(shí)，求函數(shù)y＝x＋的最大值； (2)設(shè)0

5、當(dāng)x<時(shí)，有3－2x>0， 所以＋≥2＝4， 當(dāng)且僅當(dāng)＝， 即x＝－時(shí)取等號(hào)． 于是y≤－4＋＝－， 故函數(shù)的最大值為－. (2)因?yàn)?0， 所以y＝＝·≤·＝，當(dāng)且僅當(dāng)x＝2－x， 即x＝1時(shí)取等號(hào)， 所以當(dāng)x＝1時(shí)，函數(shù)y＝的最大值為. 10．已知x>0，y>0，且2x＋8y－xy＝0，求 (1)xy的最小值； (2)x＋y的最小值． 解：(1)由2x＋8y－xy＝0， 得＋＝1， 又x>0，y>0， 則1＝＋≥2 ＝. 得xy≥64， 當(dāng)且僅當(dāng)x＝16，y＝4時(shí)，等號(hào)成立． 所以xy的最小值為64. (2)由2x＋8y－xy＝

6、0，得＋＝1， 則x＋y＝·(x＋y) ＝10＋＋≥10＋2 ＝18. 當(dāng)且僅當(dāng)x＝12，y＝6時(shí)等號(hào)成立， 所以x＋y的最小值為18. [綜合題組練] 1．(應(yīng)用型)已知a＞0，b＞0，若不等式＋≥恒成立，則m的最大值為(　　) A．9 B．12 C．18 D．24 解析：選B.由＋≥， 得m≤(a＋3b)＝＋＋6. 又＋＋6≥2＋6＝12， 當(dāng)且僅當(dāng)＝， 即a＝3b時(shí)等號(hào)成立， 所以m≤12，所以m的最大值為12. 2．(應(yīng)用型)若正數(shù)a，b滿足a＋b＝2，則＋的最小值是(　　) A．1 B. C．9 D．16 解析：選B.＋ ＝· ＝ ≥

7、＝， 當(dāng)且僅當(dāng)＝，即a＝，b＝時(shí)取等號(hào)，故選B. 3．(創(chuàng)新型)規(guī)定：“?”表示一種運(yùn)算，即a?b＝＋a＋b(a，b為正實(shí)數(shù))．若1?k＝3，則k的值為_(kāi)_______，此時(shí)函數(shù)f(x)＝的最小值為_(kāi)_______． 解析：由題意得1?k＝＋1＋k＝3，即k＋－2＝0，解得＝1或＝－2(舍去)，所以k＝1，故k的值為1， 又f(x)＝＝＝1＋＋≥1＋2＝3， 當(dāng)且僅當(dāng)＝，即x＝1時(shí)取等號(hào)， 故函數(shù)f(x)的最小值為3. 答案：1　3 4．已知x>0，y>0，且2x＋5y＝20. 求：(1)u＝lg x＋lg y的最大值； (2)＋的最小值． 解：(1)因?yàn)閤>0，y>0，

8、 所以由基本不等式，得2x＋5y≥2. 因?yàn)?x＋5y＝20， 所以2≤20，xy≤10， 當(dāng)且僅當(dāng)2x＝5y時(shí)，等號(hào)成立． 因此有解得 此時(shí)xy有最大值10. 所以u(píng)＝lg x＋lg y＝lg(xy)≤lg 10＝1. 所以當(dāng)x＝5，y＝2時(shí)，u＝lg x＋lg y有最大值1. (2)因?yàn)閤>0，y>0， 所以＋＝· ＝≥＝. 當(dāng)且僅當(dāng)＝時(shí)，等號(hào)成立． 由 解得 所以＋的最小值為. 5．某廠家擬定在2019年舉行促銷(xiāo)活動(dòng)，經(jīng)調(diào)查測(cè)算，該產(chǎn)品的年銷(xiāo)量(即該廠的年產(chǎn)量)x萬(wàn)件與年促銷(xiāo)費(fèi)用m(m≥0)萬(wàn)元滿足x＝3－(k為常數(shù))．如果不搞促銷(xiāo)活動(dòng)，那么該產(chǎn)品的年銷(xiāo)量

9、只能是1萬(wàn)件．已知2019年生產(chǎn)該產(chǎn)品的固定投入為8萬(wàn)元，每生產(chǎn)1萬(wàn)件該產(chǎn)品需要再投入16萬(wàn)元，廠家將每件產(chǎn)品的銷(xiāo)售價(jià)格定為每件產(chǎn)品平均成本的1.5倍(產(chǎn)品成本包括固定投入和再投入兩部分資金)． (1)將2019年該產(chǎn)品的利潤(rùn)y萬(wàn)元表示為年促銷(xiāo)費(fèi)用m萬(wàn)元的函數(shù)； (2)該廠家2019年的促銷(xiāo)費(fèi)用投入多少萬(wàn)元時(shí)，廠家利潤(rùn)最大？ 解：(1)由題意知，當(dāng)m＝0時(shí)，x＝1(萬(wàn)件)， 所以1＝3－k?k＝2，所以x＝3－(m≥0)， 每件產(chǎn)品的銷(xiāo)售價(jià)格為1.5×(元)， 所以2019年的利潤(rùn)y＝1.5x×－8－16x－m ＝－＋29(m≥0)． (2)因?yàn)閙≥0時(shí)，＋(m＋1)≥2＝8， 所以y≤－8＋29＝21，當(dāng)且僅當(dāng)＝m＋1?m＝3(萬(wàn)元)時(shí)，ymax＝21(萬(wàn)元)． 故該廠家2019年的促銷(xiāo)費(fèi)用投入3萬(wàn)元時(shí)，廠家的利潤(rùn)最大為21萬(wàn)元． - 7 -