《（新高考）2020版高考數(shù)學二輪復習 專題過關檢測（五）函數(shù)的圖象與性質(zhì) 文》由會員分享，可在線閱讀，更多相關《（新高考）2020版高考數(shù)學二輪復習 專題過關檢測（五）函數(shù)的圖象與性質(zhì) 文（7頁珍藏版）》請在裝配圖網(wǎng)上搜索。

1、專題過關檢測（五） 函數(shù)的圖象與性質(zhì) A級——“12＋4”提速練 1．已知函數(shù)f(x)＝則f(f(－2))＝(　　) A．4　　　　　　　　　　 B．3 C．2 D．1 解析：選A　因為f(x)＝所以f(－2)＝－(－2)＝2，所以f(f(－2))＝f(2)＝22＝4. 2．下列函數(shù)中，圖象是軸對稱圖形且在區(qū)間(0，＋∞)上單調(diào)遞減的是(　　) A．y＝ B．y＝－x2＋1 C．y＝2x D．y＝log2|x| 解析：選B　因為函數(shù)的圖象是軸對稱圖形，所以排除A、C，又y＝－x2＋1在(0，＋∞)上單調(diào)遞減，y＝log2|x|在(0，＋∞)上單調(diào)遞增，所以排除D.故選

2、B. 3．已知函數(shù)f(x)＝4|x|，g(x)＝2x2－ax(a∈R)．若f(g(1))＝2，則a＝(　　) A．1或 B.或 C．2或 D．1或 解析：選B　由已知條件可知f(g(1))＝f(2－a)＝4|2－a|＝2，所以|a－2|＝，得a＝或. 4．已知函數(shù)f(x)＝x2－2ax＋5的定義域和值域都是[1，a]，則a＝(　　) A．1 B．2 C．3 D．4 解析：選B　因為f(x)＝(x－a)2＋5－a2，所以f(x)在[1，a]上是減函數(shù)，又f(x)的定義域和值域均為[1，a]，所以即解得a＝2. 5．已知函數(shù)f(x)在(－1,1)上既是奇函數(shù)，又是減函數(shù)

3、，則滿足f(1－x)＋f(3x－2)＜0的x的取值范圍是(　　) A. B. C. D. 解析：選B　由已知得f(3x－2)＜f(x－1)， ∴解得＜x＜1，故選B. 6．(2019·江西七校第一次聯(lián)考)設a>0，則函數(shù)y＝|x|(x－a)的圖象大致形狀是(　　) 解析：選B　因為函數(shù)y＝且a>0，所以當x＝時，y＝－＝－<0，排除A、C、D，故選B. 7.若函數(shù)f(x)＝的圖象如圖所示，則f(－3)等于(　　) A．－ B．－ C．－1 D．－2 解析：選C　由圖象可得a×(－1)＋b＝3，ln(－1＋a)＝0，∴a＝2，b＝5，∴f(x)＝ 故f(

4、－3)＝2×(－3)＋5＝－1. 8．(2019·東北四校聯(lián)考)設f(x)是定義在R上的周期為3的周期函數(shù)，如圖表示該函數(shù)在區(qū)間(－2,1]上的圖象，則f(2 018)＋f(2 019)＝(　　) A．2 B．1 C．－1 D．0 解析：選C　因為函數(shù)f(x)是定義在R上的周期為3的周期函數(shù)，所以f(2 018)＝f(2 018－673×3)＝f(－1)，f(2 019)＝f(2 019－673×3)＝f(0)，由題中圖象知f(－1)＝－1，f(0)＝0，所以f(2 018)＋f(2 019)＝f(－1)＋f(0)＝－1.故選C. 9．(2019·蘭州診斷)已知函數(shù)f(x)＝x2

5、＋ln(|x|＋1)，若對于x∈[1,2]，f(ax2)

6、＋∞時，x＋sin x>0，所以f(x)>0，故排除選項D.故選B. 11．已知函數(shù)f(x)＝在定義域(－∞，＋∞)上是單調(diào)增函數(shù)，則實數(shù)a的取值范圍是(　　) A. B. C. D. 解析：選C　由于函數(shù)f(x)＝在定義域(－∞，＋∞)上是單調(diào)增函數(shù)， 2a≥e－a，解得a≥，排除A、D. 當a＝2，x≤1時，f′(x)＝ex－4x，不恒大于或等于0，所以與單調(diào)性矛盾，故排除B，選C. 12．已知函數(shù)f(x)為偶函數(shù)，當x>0時，f(x)＝－4－x，設a＝f(log30.2)，b＝f(3－0.2)，c＝f(－31.1)，則a，b，c的大小關系為(　　) A．c>a>b

7、 B．a(chǎn)>b>c C．c>b>a D．b>a>c 解析：選A　因為函數(shù)f(x)為偶函數(shù)，所以a＝f(log30.2)＝f(－log30.2)，c＝f(－31.1)＝f(31.1)． 因為log33>－log30.2>1>3－0.2. 因為y＝在(0，＋∞)上為增函數(shù)，y＝－4－x在(0，＋∞)上為增函數(shù)， 所以f(x)在(0，＋∞)上為增函數(shù)， 所以f(31.1)>f(－log30.2)>f(3－0.2)， 所以c>a>b. 13．函數(shù)f(x)＝ln 的值域是____

8、____． 解析：因為|x|≥0，所以|x|＋1≥1. 所以0<≤1.所以ln ≤0， 即f(x)＝ln 的值域為(－∞，0]． 答案：(－∞，0] 14．已知函數(shù)y＝f(x)是奇函數(shù)，當x<0時，f(x)＝2x－ax，且f(2)＝2，則a＝________. 解析：因為函數(shù)y＝f(x)是奇函數(shù)，當x<0時，f(x)＝2x－ax， 所以x>0時，－f(x)＝f(－x)＝2－x－a(－x)， 所以f(x)＝－2－x－ax， 因為f(2)＝2， 所以f(2)＝－2－2－2a＝2，解得a＝－. 答案：－ 15．已知具有性質(zhì)：f＝－f(x)的函數(shù)，我們稱為滿足“倒負”變換的函數(shù)

9、，下列函數(shù)： ①f(x)＝x－；②f(x)＝x＋；③f(x)＝ 其中滿足“倒負”變換的函數(shù)是________． 解析：對于①，f(x)＝x－，f＝－x＝－f(x)，滿足；對于②，f＝＋x＝f(x)，不滿足； 對于③，f＝ 即f＝故f＝－f(x)，滿足． 綜上可知，滿足“倒負”變換的函數(shù)是①③. 答案：①③ 16．若當x∈(1,2)時，函數(shù)y＝(x－1)2的圖象始終在函數(shù)y＝logax(a>0，且a≠1)的圖象的下方，則實數(shù)a的取值范圍是________． 解析：如圖，在同一平面直角坐標系中畫出函數(shù)y＝(x－1)2和y＝logax的圖象，由于當x∈(1,2)時，函數(shù)y＝(x－1

10、)2的圖象恒在函數(shù)y＝logax的圖象的下方，則解得1f(2x)的解集為(　　) A．(－∞，－3)∪(1，＋∞) B．(－3,1) C．(－∞，－1)∪(3，＋∞) 　 D．(－1,3) 解析：選B　易知，當x<0時，f′(x)＝x2－x>0，f(x)為增函數(shù)，當x≥0時，f(x)＝ex也為增函數(shù)，且x<0時，f(x)<0，x≥0時，f(x)≥1，故f(x)在R上為單調(diào)遞增函數(shù)．故f(3－x2)>f(2x)等價于3－x2>2x，解得－3

11、．已知f(x)＝2x－1，g(x)＝1－x2，規(guī)定：當|f(x)|≥g(x)時，h(x)＝|f(x)|；當|f(x)|

12、)． 則在命題q1：p1∨p2，q2：(綈p1)∧(綈p2)，q3：(綈p1)∨p2和q4：p1∧(綈p2)中，為真命題的是(　　) A．q1，q3 B．q1，q4 C．q2，q3 D．q2，q4 解析：選B　因為f(x)＝＝1＋， 所以函數(shù)y＝f(x)的圖象可由g(x)＝的圖象向右平移1個單位長度，再向上平移1個單位長度后得到． 因為g(－x)＝－g(x)，所以g(x)是奇函數(shù)，g(x)的圖象關于原點對稱，從而y＝f(x)的圖象關于點(1,1)對稱，故命題p1為真命題． f′(x)＝，令f′(x)>0，得0

13、0，得x<0或x>2， 所以f(x)的單調(diào)遞減區(qū)間為(－∞，0)，(2，＋∞)． 故命題p2為假命題． 所以綈p1為假命題，綈p2為真命題， 故p1∨p2，p1∧(綈p2)為真命題． 4．對于函數(shù)y＝f(x)，若存在x0，使f(x0)＋f(－x0)＝0，則稱點(x0，f(x0))是曲線f(x)的“優(yōu)美點”，已知f(x)＝若曲線f(x)存在“優(yōu)美點”，則實數(shù)k的取值范圍為________． 解析：由“優(yōu)美點”的定義，可知若點(x0，f(x0))為“優(yōu)美點”，則點(－x0，－f(x0))也在曲線y＝f(x)上．如圖，作出函數(shù)y＝x2＋2x(x<0)的圖象，然后作出其關于原點對稱的圖象，

14、其解析式為y＝－x2＋2x(x>0)，設過定點(0,2)的直線y＝k1x＋2與曲線y＝－x2＋2x(x>0)切于點A(x1，f(x1))，則k1＝y(tǒng)′，解得x1＝(負值舍去)，所以k1＝－2＋2.由圖可知，若曲線f(x)存在“優(yōu)美點”，則k≤2－2. 答案：(－∞，2－2] 5．已知函數(shù)f(x)是奇函數(shù)，且0≤x1