《（新課標(biāo)）2020版高考數(shù)學(xué)總復(fù)習(xí) 第九章 第四節(jié) 直線與圓、圓與圓的位置關(guān)系練習(xí) 文 新人教A版》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《（新課標(biāo)）2020版高考數(shù)學(xué)總復(fù)習(xí) 第九章 第四節(jié) 直線與圓、圓與圓的位置關(guān)系練習(xí) 文 新人教A版（7頁珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1、第四節(jié)　直線與圓、圓與圓的位置關(guān)系 A組　基礎(chǔ)題組 1.已知點(diǎn)M(a,b)在圓O:x2+y2=1外,則直線ax+by=1與圓O的位置關(guān)系是(　　) A.相切 B.相交 C.相離 D.不確定 答案　B　因?yàn)镸(a,b)在圓O:x2+y2=1外,所以a2+b2>1,而圓心O到直線ax+by=1的距離d=|a·0+b·0-1|a2+b2=1a2+b2<1.故直線與圓O相交. 2.過點(diǎn)(3,1)作圓(x-1)2+y2=r2的切線有且只有一條,則該切線的方程為(　　) A.2x+y-5=0 B.2x+y-7=0 C.x-2y-5=0 D.x-2y-7=0 答案　B　∵過點(diǎn)(3,1)作圓(

2、x-1)2+y2=r2的切線有且只有一條, ∴點(diǎn)(3,1)在圓(x-1)2+y2=r2上, ∵圓心與切點(diǎn)連線的斜率k=1-03-1=12, ∴切線的斜率為-2, 則圓的切線方程為y-1=-2(x-3), 即2x+y-7=0.故選B. 3.若直線x-y=2被圓(x-a)2+y2=4所截得的弦長(zhǎng)為22,則實(shí)數(shù)a的值為(　　) A.-1或3 B.1或3 C.-2或6 D.0或4 答案　D　因?yàn)閳A(x-a)2+y2=4, 所以圓心為(a,0),半徑為2, 圓心到直線的距離d=|a-2|2, 則d2+2222=4, 解得a=4或0.故選D. 4.直線l與圓x2+y2+2x-4y

3、+a=0(a<3)相交于A,B兩點(diǎn),若弦AB的中點(diǎn)為(-2,3),則直線l的方程為(　　) A.x+y-3=0 B.x+y-1=0 C.x-y+5=0 D.x-y-5=0 答案　C　由題意知直線l的斜率存在,設(shè)直線l的斜率為k,又弦AB的中點(diǎn)為(-2,3),所以直線l的方程為y-3=k(x+2),即kx-y+2k+3=0,由x2+y2+2x-4y+a=0得圓的圓心坐標(biāo)為(-1,2),所以圓心到直線的距離為2,所以|-k-2+2k+3|k2+1=2,解得k=1,所以直線l的方程為x-y+5=0. 5.(2019四川南充模擬)已知圓O1的方程為x2+(y+1)2=6,圓O2的圓心坐標(biāo)為(2

4、,1).若兩圓相交于A,B兩點(diǎn),且|AB|=4,則圓O2的方程為(　　) A.(x-2)2+(y-1)2=6 B.(x-2)2+(y-1)2=22 C.(x-2)2+(y-1)2=6或(x-2)2+(y-1)2=22 D.(x-2)2+(y-1)2=36或(x-2)2+(y-1)2=32 答案　C　設(shè)圓O2的方程為(x-2)2+(y-1)2=r2(r>0).因?yàn)閳AO1的方程為x2+(y+1)2=6,所以直線AB的方程為4x+4y+r2-10=0.圓心O1到直線AB的距離d=|r2-14|42,由d2+22=6,得(r2-14)232=2,所以r2-14=±8,r2=6或22.故圓O2

5、的方程為(x-2)2+(y-1)2=6或(x-2)2+(y-1)2=22. 6.過點(diǎn)A(3,1)的直線l與圓x2+y2=1有公共點(diǎn),則直線l的傾斜角的取值范圍是　　　　.? 答案　0,π3 解析　當(dāng)直線l的斜率不存在時(shí),直線l的方程是x=3,此時(shí)直線l與圓相離,沒有公共點(diǎn),不符合題意. 當(dāng)直線l的斜率存在時(shí),設(shè)直線l的方程為 y-1=k(x-3),即kx-y-3k+1=0. 因?yàn)橹本€l和圓有公共點(diǎn), 所以圓心到直線的距離小于或等于半徑,則 |-3k+1|k2+1≤1,解得0≤k≤3, 所以直線l的傾斜角的取值范圍是0,π3. 7.若直線l:y=kx+1被圓C:x2+y2-2

6、x-3=0截得的弦最短,則直線l的方程是　　　　.? 答案　x-y+1=0 解析　直線l:y=kx+1過定點(diǎn)P(0,1).圓C:x2+y2-2x-3=0化為標(biāo)準(zhǔn)方程為(x-1)2+y2=4.故圓心C(1,0),半徑r=2.則易知定點(diǎn)P(0,1)在圓內(nèi),由圓的性質(zhì)可知當(dāng)PC⊥l時(shí),直線l:y=kx+1被圓C:x2+y2-2x-3=0截得的弦最短,因?yàn)閗PC=1-00-1=-1,所以直線l的斜率k=1,則直線l的方程是x-y+1=0. 8.已知直線x-y+a=0與圓心為C的圓x2+y2+2x-4y-4=0相交于A,B兩點(diǎn),且AC⊥BC,則實(shí)數(shù)a的值為　　　　.? 答案　0或6 解析　由x

7、2+y2+2x-4y-4=0,得(x+1)2+(y-2)2=9, ∴圓C的圓心坐標(biāo)為(-1,2),半徑為3. 由AC⊥BC,知△ABC為等腰直角三角形,所以C到直線AB的距離d=322,即|-1-2+a|12+(-1)2=322,所以|a-3|=3,即a=0或a=6. 9.已知過點(diǎn)A(0,1)且斜率為k的直線l與圓C:(x-2)2+(y-3)2=1交于M,N兩點(diǎn). (1)求k的取值范圍; (2)若OM·ON=12,其中O為坐標(biāo)原點(diǎn),求|MN|. 解析　(1)由題設(shè),可知直線l的方程為y=kx+1. 因?yàn)橹本€l與圓C交于兩點(diǎn),所以|2k-3+1|1+k2<1. 解得4-73

8、4+73. 所以k的取值范圍為4-73,4+73. (2)設(shè)M(x1,y1),N(x2,y2). 將y=kx+1代入方程(x-2)2+(y-3)2=1,整理得 (1+k2)x2-4(1+k)x+7=0. 所以x1+x2=4(1+k)1+k2,x1x2=71+k2. OM·ON=x1x2+y1y2 =(1+k2)x1x2+k(x1+x2)+1=4k(1+k)1+k2+8. 由題設(shè)可得4k(1+k)1+k2+8=12,解得k=1, 所以l的方程為y=x+1. 故圓心C在l上,所以|MN|=2. 10.(2017課標(biāo)全國(guó)Ⅲ,20,12分)在直角坐標(biāo)系xOy中,曲線y=x2+mx

9、-2與x軸交于A,B兩點(diǎn),點(diǎn)C的坐標(biāo)為(0,1).當(dāng)m變化時(shí),解答下列問題: (1)能否出現(xiàn)AC⊥BC的情況?說明理由; (2)證明過A,B,C三點(diǎn)的圓在y軸上截得的弦長(zhǎng)為定值. 解析　(1)不能出現(xiàn)AC⊥BC的情況,理由如下: 設(shè)A(x1,0),B(x2,0),則x1,x2滿足x2+mx-2=0,所以x1x2=-2. 又C的坐標(biāo)為(0,1),故AC的斜率與BC的斜率之積為-1x1·-1x2=-12,所以不能出現(xiàn)AC⊥BC的情況. (2)證明:BC的中點(diǎn)坐標(biāo)為x22,12,可得BC的中垂線方程為y-12=x2x-x22. 由(1)可得x1+x2=-m,所以AB的中垂線方程為x=-

10、m2. 聯(lián)立x=-m2,y-12=x2x-x22,得x22+mx2+2y-1=0, 又由x22+mx2-2=0,可得x=-m2,y=-12, 所以過A,B,C三點(diǎn)的圓的圓心坐標(biāo)為-m2,-12, 半徑r=m2+92. 故圓在y軸上截得的弦長(zhǎng)為2r2-m22=3,即過A,B,C三點(diǎn)的圓在y軸上截得的弦長(zhǎng)為定值. B組　提升題組 1.已知直線ax+y-1=0與圓C:(x-1)2+(y+a)2=1相交于A、B兩點(diǎn),且△ABC為等腰直角三角形,則實(shí)數(shù)a的值為(　　) A.17或-1 B.-1 C.1或-1 D.1 答案　C　由題意得圓心(1,-a)到直線ax+y-1=0的距離為22

11、,所以|a-a-1|1+a2=22,解得a=±1,故選C. 2.若圓x2+y2=r2(r>0)上恒有4個(gè)點(diǎn)到直線x-y-2=0的距離為1,則實(shí)數(shù)r的取值范圍是(　　) A.(2+1,+∞) B.(2-1,2+1) C.(0,2-1) D.(0,2+1) 答案　A　計(jì)算得圓心到直線l的距離為22=2>1,如圖,直線l:x-y-2=0與圓相交,l1,l2與l平行,且與直線l的距離為1,故可以看出,圓的半徑應(yīng)該大于圓心到直線l2的距離2+1. 3.已知點(diǎn)P(2,2),圓C:x2+y2-8y=0,過點(diǎn)P的動(dòng)直線l與圓C交于A,B兩點(diǎn),線段AB的中點(diǎn)為M,O為坐標(biāo)原點(diǎn). (1)求M的軌跡

12、方程; (2)當(dāng)|OP|=|OM|時(shí),求l的方程及△POM的面積. 解析　(1)圓C的方程可化為x2+(y-4)2=16,所以圓心為C(0,4),半徑為4. 設(shè)M(x,y),則CM=(x,y-4),MP=(2-x,2-y). 由題設(shè)知CM·MP=0, 故x(2-x)+(y-4)(2-y)=0, 即(x-1)2+(y-3)2=2. 所以M的軌跡方程是(x-1)2+(y-3)2=2. (2)由(1)可知M的軌跡是以點(diǎn)N(1,3)為圓心, 2為半徑的圓. 由于|OP|=|OM|,故O在線段PM的垂直平分線上,又P在圓N上,從而ON⊥PM. 因?yàn)镺N的斜率為3,所以l的斜率為-1

13、3,故l的方程為y=-13x+83. 又|OM|=|OP|=22,O到l的距離為4105,則|PM|=4105,所以△POM的面積為165. 4.如圖,已知圓C與y軸相切于點(diǎn)T(0,2),與x軸的正半軸交于兩點(diǎn)M,N(點(diǎn)M在點(diǎn)N的左側(cè)),且|MN|=3. (1)求圓C的方程; (2)過點(diǎn)M任作一直線與圓O:x2+y2=4相交于A,B兩點(diǎn),連接AN,BN,求證:kAN+kBN為定值. 解析　(1)因?yàn)閳AC與y軸相切于點(diǎn)T(0,2),所以可設(shè)圓心C的坐標(biāo)為(m,2)(m>0), 則圓C的半徑為m,又|MN|=3,所以m2=4+322=254,解得m=52,所以圓C的方程為x-522

14、+(y-2)2=254. (2)證明:由(1)知M(1,0),N(4,0),當(dāng)直線AB的斜率為0時(shí),易知kAN=kBN=0,即kAN+kBN=0. 當(dāng)直線AB的斜率不為0時(shí),設(shè)直線AB:x=1+ty,將x=1+ty代入x2+y2-4=0,并整理得,(t2+1)y2+2ty-3=0. 設(shè)A(x1,y1),B(x2,y2), 所以y1+y2=-2tt2+1,y1y2=-3t2+1,則kAN+kBN=y1x1-4+y2x2-4=y1ty1-3+y2ty2-3=2ty1y2-3(y1+y2)(ty1-3)(ty2-3)=-6tt2+1+6tt2+1(ty1-3)(ty2-3)=0. 綜上可知,kAN+kBN為定值. 7