浙江省中考數(shù)學(xué)復(fù)習(xí) 第三單元函數(shù)第15課時(shí)二次函數(shù)綜合題含近9年中考真題試題
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1、 第一部分 考點(diǎn)研究 第三單元 函數(shù) 第15課時(shí) 二次函數(shù)綜合題 浙江近9年中考真題精選 命題點(diǎn) 1 與一次函數(shù)結(jié)合(杭州必考) 1.(2013杭州20題10分)已知拋物線y1=ax2+bx+c(a≠0)與x軸相交于點(diǎn)A、B(點(diǎn)A、B在原點(diǎn)O兩側(cè)),與y軸相交于點(diǎn)C,且點(diǎn)A、C在一次函數(shù)y2=x+n的圖象上,線段AB長(zhǎng)為16,線段OC長(zhǎng)為8,當(dāng)y1隨著x的增大而減小時(shí),求自變量x的取值范圍. 2.(2014杭州23題12分)復(fù)習(xí)課中,教師給出關(guān)于x的函數(shù)y=2kx2-(4k+1)x-k+1(k是實(shí)數(shù)). 教師:請(qǐng)獨(dú)立思考,并把探索發(fā)現(xiàn)的與該函數(shù)有關(guān)的結(jié)論(性質(zhì))寫到黑
2、板上. 學(xué)生思考后,黑板上出現(xiàn)了一些結(jié)論.教師作為活動(dòng)一員,又補(bǔ)充一些結(jié)論,并從中選擇如下四條: ①存在函數(shù),其圖象經(jīng)過(1,0)點(diǎn); ②函數(shù)圖象與坐標(biāo)軸總有三個(gè)不同的交點(diǎn); ③當(dāng)x>1時(shí),不是y隨x的增大而增大就是y隨x的增大而減小; ④若函數(shù)有最大值,則最大值必為正數(shù),若函數(shù)有最小值,則最小值必為負(fù)數(shù). 教師:請(qǐng)你分別判斷四條結(jié)論的真假,并給出理由.最后簡(jiǎn)單寫出解決問題時(shí)所用的數(shù)學(xué)方法. 3.(2016杭州22題12分)已知函數(shù)y1=ax2+bx,y2=ax+b(ab≠0).在同一平面直角坐標(biāo)系中. (1)若函數(shù)y1的圖象過點(diǎn)(-1,0),函數(shù)y2的圖象過點(diǎn)(1,2),求a
3、,b的值;
(2)若函數(shù)y2的圖象經(jīng)過y1的圖象的頂點(diǎn).
①求證:2a+b=0;
②當(dāng)1 4、州24題14分)如圖,經(jīng)過原點(diǎn)的拋物線y=-x2+2mx(m>0)與x軸的另一個(gè)交點(diǎn)為A.過點(diǎn)P(1,m)作直線PM⊥x軸于點(diǎn)M,交拋物線于點(diǎn)B.記點(diǎn)B關(guān)于拋物線對(duì)稱軸的對(duì)稱點(diǎn)為C(B、C不重合).連接CB,CP.
(1)當(dāng)m=3時(shí),求點(diǎn)A的坐標(biāo)及BC的長(zhǎng);
(2)當(dāng)m>1時(shí),連接CA,問m為何值時(shí)CA⊥CP?
(3)過點(diǎn)P作PE⊥PC且PE=PC,問是否存在m,使得點(diǎn)E落在坐標(biāo)軸上?若存在,求出所有滿足要求的m的值,并求出相對(duì)應(yīng)的點(diǎn)E坐標(biāo);若不存在,請(qǐng)說明理由.
第5題圖
類型二 與角度有關(guān)的綜合題(紹興2考)
6.(2013紹興24題14分)拋物線y=(x-3)(x+1)與 5、x軸交于A,B兩點(diǎn)(點(diǎn)A在點(diǎn)B左側(cè)),與y軸交于點(diǎn)C,點(diǎn)D為頂點(diǎn).
(1)求點(diǎn)B及點(diǎn)D的坐標(biāo);
(2)連接BD,CD,拋物線的對(duì)稱軸與x軸交于點(diǎn)E.
①若線段BD上一點(diǎn)P,使∠DCP=∠BDE,求點(diǎn)P的坐標(biāo);
②若拋物線上一點(diǎn)M,作MN⊥CD,交直線CD于點(diǎn)N,使∠CMN=∠BDE,求點(diǎn)M的坐標(biāo).
類型三 與面積有關(guān)的綜合題(溫州2考)
7.(2016溫州23題10分)如圖,拋物線y=x2-mx-3(m>0)交y軸于點(diǎn)C,CA⊥y軸,交拋物線于點(diǎn)A,點(diǎn)B在拋物線上,且在第一象限內(nèi),BE⊥y軸,交y軸于點(diǎn)E,交AO的延長(zhǎng)線于點(diǎn)D,BE=2AC.
(1)用含m的代數(shù)式表示BE的長(zhǎng) 6、;
(2)當(dāng)m=時(shí),判斷點(diǎn)D是否落在拋物線上,并說明理由;
(3)作AG∥y軸,交OB于點(diǎn)F,交BD于點(diǎn)G.
①若△DOE與△BGF的面積相等,求m的值.
②連接AE,交OB于點(diǎn)M.若△AMF與△BGF的面積相等,則m的值是________.
第7題圖
類型四 與三角形相似有關(guān)的綜合題
8.(2017寧波25題12分)如圖,拋物線y=x2+x+c與x軸的負(fù)半軸交于點(diǎn)A,與y軸交于點(diǎn)B,連接AB,點(diǎn)C(6,)在拋物線上,直線AC與y軸交于點(diǎn)D.
(1)求c的值及直線AC的函數(shù)表達(dá)式;
(2)點(diǎn)P在x軸正半軸上,點(diǎn)Q在y軸正半軸上,連接PQ與直線AC交于點(diǎn)M,連接MO并延長(zhǎng)交 7、AB于點(diǎn)N,若M為PQ的中點(diǎn).
①求證:△APM∽△AON;
②設(shè)點(diǎn)M的橫坐標(biāo)為m,求AN的長(zhǎng)(用含m的代數(shù)式表示).
第8題圖
答案
1.解:∵點(diǎn)C在一次函數(shù)y2=x+n的圖象上,線段OC長(zhǎng)為8,
∴n=±8;(2分)
①當(dāng)n=8時(shí)一次函數(shù)為y2=x+8,y=0時(shí),x=-6,求得點(diǎn)A的坐標(biāo)為A(-6,0),
第1題解圖①
∵拋物線y1=ax2+bx+c(a≠0)與x軸相交于點(diǎn)A,B(點(diǎn)A,B在原點(diǎn)O兩側(cè)),與y軸相交于點(diǎn)C,且線段AB長(zhǎng)為16,
∴這時(shí)拋物線開口向下,B(10,0),
如解圖①所示,拋物線的對(duì)稱軸是x=2,由圖象可知:當(dāng)y1隨 8、著x的增大而減小時(shí),自變量x的取值范圍是x≥2;(5分)
②當(dāng)n=-8時(shí)一次函數(shù)為y2=x-8,y=0時(shí),x=6,求得點(diǎn)A的坐標(biāo)為A(6,0),
∵拋物線y1=ax2+bx+c(a≠0)與x軸相交于點(diǎn)A,B(點(diǎn)A,B在原點(diǎn)O兩側(cè)),與y軸相交于點(diǎn)C,且線段AB長(zhǎng)為16,
∴這時(shí)拋物線開口向上,B(-10,0),
如解圖②所示,拋物線的對(duì)稱軸是x=-2,由圖象可知:當(dāng)y1隨著x的增大而減小時(shí),自變量x的取值范圍是x≤-2;(8分)
第1題解圖②
綜上所述,當(dāng)y1隨著x的增大而減小時(shí),自變量x的取值范圍是x≥2或x≤-2.(10分)
2.解:①是真命題;②是假命題;③是假命題;④ 9、是真命題.(2分)
理由如下:
①當(dāng)k=0時(shí),原函數(shù)變形為y=-x+1,當(dāng)x=1時(shí),y=0,即存在函數(shù)y=-x+1,其圖象過(1,0)點(diǎn),故是真命題;
②當(dāng)k=0時(shí),原函數(shù)變形為y=-x+1,圖象為直線且過第一、二、四象限,與坐標(biāo)軸只有兩個(gè)不同的交點(diǎn),與總有三個(gè)不同交點(diǎn)矛盾,故是假命題;(5分)
③由題可知當(dāng)k=1時(shí),函數(shù)解析式為y=2x2-5x,又x=-=>1時(shí),由圖象可知當(dāng)x>1時(shí),y隨x先減小再增大,故是假命題;(8分)
④當(dāng)k≠0時(shí),y==-,
當(dāng)k>0時(shí),函數(shù)圖象開口向上,y有最小值,最小值為負(fù)數(shù);
當(dāng)k<0時(shí),函數(shù)圖象開口向下,y有最大值,最大值為正數(shù),故是真命題.( 10、12分)
3.(1)解:由題意,得,
解得,
∴a=1,b=1;(3分)
(2)①證明:∵函數(shù)y1的圖象的頂點(diǎn)坐標(biāo)為(-,-),
∴a(-)+b=,即b=,
∵ab≠0,∴-b=2a,
即證2a+b=0;(7分)
②解:∵b=-2a,∴y1=ax(x-2),y2=a(x-2),
∴y1-y2=a(x-2)(x-1),
∵1<x<,
∴x-2<0,x-1>0,∴(x-2)(x-1)<0,
∴當(dāng)a>0時(shí),a(x-2)(x-1)<0,即y1<y2,
當(dāng)a<0時(shí),a(x-2)(x-1)>0,即y1>y2.(12分)
4.解:(1)∵函數(shù)y1=(x+a)(x-a-1)圖象經(jīng)過 11、點(diǎn)(1,-2),
∴把x=1,y=-2代入y1=(x+a)(x-a-1)得,-2=(1+a)(-a),(2分)
化簡(jiǎn)得,a2+a-2=0,解得,a1=-2,a2=1,
∴y1=x2-x-2;(4分)
(2)函數(shù)y1=(x+a)(x-a-1)圖象在x軸的交點(diǎn)為(-a,0),(a+1,0),
①當(dāng)函數(shù)y2=ax+b的圖象經(jīng)過點(diǎn)(-a,0)時(shí),
把x=-a,y=0代入y2=ax+b中,
得a2=b;(6分)
②當(dāng)函數(shù)y2=ax+b的圖象經(jīng)過點(diǎn)(a+1,0)時(shí),
把x=a+1,y=0代入y2=ax+b中,
得a2+a=-b;(8分)
(3)∵拋物線y1=(x+a)(x-a-1)的 12、對(duì)稱軸是直線x==,m 13、圖①
由已知得∠ACP=∠BCH=90°,
∴∠ACH=∠PCB,
又∵∠AHC=∠PBC=90°,
∴△ACH∽△PCB,
∴=.
∵拋物線y=-x2+2mx的對(duì)稱軸為直線x=m,其中m>1,
又∵B,C關(guān)于對(duì)稱軸對(duì)稱,
∴BC=2(m-1),
∵B(1,2m-1),P(1,m),
∴BP=m-1,
又∵A(2m,0),C(2m-1,2m-1),
∴H(2m-1,0),
∵AH=1,CH=2m-1,
∴=,
∴m=;(7分)
(3)∵B,C不重合,∴m≠1.
(Ⅰ)當(dāng)m>1時(shí),BC=2(m-1),PM=m,
BP=m-1.
(ⅰ)若點(diǎn)E在x軸上(如解圖① 14、),
∵∠CPE=90°,
∴∠MPE+∠BPC=∠MPE+∠MEP=90°,
∴∠BPC=∠MEP.
又∵∠CBP=∠PME=90°,PC=EP,
∴△BPC≌△MEP,
∴BC=PM,
∴2(m-1)=m,
∴m=2,此時(shí)點(diǎn)E的坐標(biāo)是(2,0);
(ⅱ)若點(diǎn)E在y軸上(如解圖②),
第5題解圖②
過點(diǎn)P作PN⊥y軸于點(diǎn)N,
易證△BPC≌△NPE,
∴BP=NP=OM=1,
∴m-1=1,
∴m=2,
此時(shí)點(diǎn)E的坐標(biāo)是(0,4);(11分)
(Ⅱ)當(dāng)0<m<1時(shí),BC=2(1-m),PM=m,BP=1-m,
(ⅰ)若點(diǎn)E在x軸上(如解圖③),
15、第5題解圖③
易證△BPC≌△MEP,
∴BC=PM,
∴2(1-m)=m,
∴m=,此時(shí)點(diǎn)E的坐標(biāo)是(,0);(12分)
(ⅱ)若點(diǎn)E在y軸上(如解圖④),
第5題解圖④
過點(diǎn)P作PN⊥y軸上點(diǎn)N,
易證△BPC≌△NPE,∴BP=NP=OM=1,
∴1-m=1,
∴m=0(舍去).
綜上所述,當(dāng)m=2時(shí),點(diǎn)E的坐標(biāo)是(2,0)或(0,4),
當(dāng)m=時(shí),點(diǎn)E的坐標(biāo)是(,0).(14分)
6.解:(1)∵拋物線y=(x-3)(x+1)與x軸交于A,B兩點(diǎn)(點(diǎn)A在點(diǎn)B左側(cè)),
∴當(dāng)y=0時(shí),(x-3)(x+1)=0,
解得x=3或-1,
∴點(diǎn)B的坐標(biāo)為(3,0 16、).
∵y=(x-3)(x+1)=x2-2x-3=(x-1)2-4,
∴頂點(diǎn)D的坐標(biāo)為(1,-4);(4分)
(2)①∵拋物線y=(x-3)(x+1)=x2-2x-3與y軸交于點(diǎn)C,
∴C點(diǎn)坐標(biāo)為(0,-3).
∵對(duì)稱軸為直線x=1,
∴點(diǎn)E的坐標(biāo)為(1,0).
連接BC,過點(diǎn)C作CH⊥DE于H,如解圖①所示,則H點(diǎn)坐標(biāo)為(1,-3),
第6題解圖①
∴CH=DH=1,
∴∠CDH=∠BCO=∠BCH=45°,
∴CD=,CB=3,BD=2,∴△BCD為直角三角形.
分別延長(zhǎng)PC、DC,與x軸相交于點(diǎn)Q,R.
∵∠BDE=∠DCP=∠QCR,
∠CDB=∠CDE 17、+∠BDE=45°+∠DCP,
∠QCO=∠RCO+∠QCR=45°+∠DCP,
∴∠CDB=∠QCO,
∴△BCD∽△QOC,
∴==,
∴OQ=3OC=9,即Q(-9,0).
∴直線CQ的解析式為y=-x-3,
直線BD的解析式為y=2x-6,
由方程組,
解得,
∴點(diǎn)P的坐標(biāo)為(,-);(9分)
②(Ⅰ)當(dāng)點(diǎn)M在對(duì)稱軸右側(cè)時(shí),
若點(diǎn)N在射線CD上,如解圖②所示,延長(zhǎng)MN交y軸于點(diǎn)F,過點(diǎn)M作MG⊥y軸于點(diǎn)G.
第6題解圖②
∵∠CMN=∠BDE,∠CNM=∠BED=90°,
∴△MCN∽△DBE,
∴==,
∵M(jìn)N=2CN,
設(shè)CN=a,則MN=2 18、a,
∵∠CDE=∠DCF=45°,
∴△CNF,△MGF均為等腰直角三角形,
∴NF=CN=a,CF=a,
∴MF=MN+NF=3a,
∴MG=FG=a,
∴CG=FG-FC=a,
∴M(a,-3+a),
代入拋物線y=(x-3)(x+1),解得a=,
∴M(,-),
若點(diǎn)N在射線DC上,如解圖③所示,MN交y軸于點(diǎn)F,過點(diǎn)M作MG⊥y軸于點(diǎn)G.
第6題解圖③
∵∠CMN=∠BDE,∠CNM=∠BED=90°,
∴△MCN∽△DBE,
∴==,
∴MN=2CN,
設(shè)CN=a,則MN=2a.
∵∠CDE=45°,
∴△CNF,△MGF均為等腰直角三角形, 19、
∴NF=CN=a,CF=a,
∴MF=MN-NF=a,
∴MG=FG=a,
∴CG=FG+FC=a,
∴M(a,-3+a),
代入拋物線y=(x-3)(x+1),
解得a=5,
∴M(5,12);
(Ⅱ)當(dāng)點(diǎn)M在對(duì)稱軸左側(cè)時(shí),
∵∠CMN=∠BDE<45°,
∴∠MCN>45°,
而拋物線左側(cè)任意一點(diǎn)K,都有∠KCN<45°,
∴點(diǎn)M不存在.
綜上可知,點(diǎn)M坐標(biāo)為(,-)或(5,12).(14分)
7.解:(1)∵拋物線的對(duì)稱軸是x=,
∴AC=m,
∴BE=2AC=2m;(3分)
(2)當(dāng)m= 時(shí),點(diǎn)D落在拋物線上,理由如下:
∵m=,
∴AC=,B 20、E=2,y=x2-x-3,
把x=2代入y=x2-x-3,得
y=(2)2-×2-3=3,
∴OE=3=OC,
∵∠DEO=∠ACO=90°,∠DOE=∠AOC,
∴△OED≌△OCA,
∴DE=AC=,
∴D(-,3),
∴把x=-代入y=x2-x-3,得y=(-)2-×(-)-3=3,
∴點(diǎn)D落在拋物線上;(7分)
(3)①由(1)得BE=2m,則點(diǎn)B的橫坐標(biāo)為2m,如解圖①,當(dāng)x=2m時(shí),y=2m2-3,則點(diǎn)B的縱坐標(biāo)為2m2-3,
∴OE=2m2-3.
第7題解圖①
∵AG∥y軸,
∴EG=AC=BE,
∴FG=OE,
∵S△DOE=S△BGF,
21、即DE·OE=BG·FG,
∴DE=BG=AC.
∵∠DOE=∠AOC,
∴tan∠DOE=tan∠AOC,
∵∠DEO=∠ACO=90°,
∴=,
∴OE=OC=,
∴2m2-3=,∴m=±,
又∵m>0,
∴m=;(8分)
②.(10分)
【解法提示】由①知B(2m,2m2-3),E(0,2m2-3),A(m,-3),
∵G是BE的中點(diǎn),
∴GF=m2-,則AF=m2+,
易得直線BO的解析式為y=x,
設(shè)直線AE的解析式為y=k1x+b,
則,
解得,
∴直線AE的解析式為y=-2mx+2m2-3.
聯(lián)立得,
解得x=,
∴點(diǎn)M的橫坐標(biāo)為.
如 22、解圖②,過點(diǎn)M作MN⊥AG于點(diǎn)N,
第7題解圖②
則MN=m-=,
由S△BGF=S△AMF得MN·AF=GB·GF,
即·(m2+)=m·(m2-),
解得m=,或m=0(舍去),或m=-(舍去).
8.解:(1)把點(diǎn)C(6,)代入y=x2+x+c,得=9++c,
解得c=-3,(1分)
∴y=x2+x-3,
當(dāng)y=0時(shí),x2+x-3=0,
解得x1=-4,x2=3,
∴A(-4,0),(2分)
設(shè)直線AC的函數(shù)表達(dá)式為y=kx+b(k≠0),
把A(-4,0),C(6,)代入,得,解得,
∴直線AC的函數(shù)表達(dá)式為y=x+3;(4分)
(2)①∵在Rt△AO 23、B中,tan∠OAB==.
在Rt△AOD中,tan∠OAD==,
∴∠OAB=∠OAD,(6分)
∵在Rt△POQ中,M為PQ中點(diǎn),
∴OM=MP,
∴∠MOP=∠MPO,
∵∠MOP=∠AON,
∴∠APM=∠AON,
∴△APM∽△AON;(8分)
②如解圖,過點(diǎn)M作ME⊥x軸于點(diǎn)E.
第8題解圖
又∵OM=MP,
∴OE=EP,
∵點(diǎn)M橫坐標(biāo)為m,
∴AE=m+4,AP=2m+4,(9分)
∵tan∠OAD=,
∴cos∠EAM=cos∠OAD=,
∴AM=AE=,(10分)
∵△APM∽△AON,
∴=,(11分)
∴AN==.(12分)
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