《湖南省2013年高考數(shù)學第二輪復習 專題六 解析幾何第1講　直線與圓》由會員分享，可在線閱讀，更多相關《湖南省2013年高考數(shù)學第二輪復習 專題六 解析幾何第1講　直線與圓（7頁珍藏版）》請在裝配圖網(wǎng)上搜索。

1、專題六　解析幾何第1講　直線與圓 真題試做 1．(2012·陜西高考，理4)已知圓C：x2＋y2－4x＝0，l是過點P(3,0)的直線，則(　　)． A．l與C相交 B．l與C相切 C．l與C相離 D．以上三個選項均有可能 2．(2012天津高考，理8)設m，nR，若直線(m＋1)x＋(n＋1)y－2＝0與圓(x－1)2＋(y－1)2＝1相切，則m＋n的取值范圍是(　　)． A．[1－，1＋] B．(－，1－] [1＋，＋) C．[2－2，2＋2] D．(－，2－2] [2＋2，＋) 3．(2012·重慶高考，理3)對任意的實數(shù)k，直線y＝k

2、x＋1與圓x2＋y2＝2的位置關系一定是(　　)． A．相離 B．相切 C．相交但直線不過圓心 D．相交且直線過圓心 4．(2012·江蘇高考，12)在平面直角坐標系xOy中，圓C的方程為x2＋y2－8x＋15＝0，若直線y＝kx－2上至少存在一點，使得以該點為圓心，1為半徑的圓與圓C有公共點，則k的最大值是__________． 5．(2012·江西高考，文14)過直線x＋y－2＝0上點P作圓x2＋y2＝1的兩條切線，若兩條切線的夾角是60°，則點P的坐標是__________． 6．(2012·浙江高考，文17)定義：曲線C上的點到直線l的距離的最小值稱

3、為曲線C到直線l的距離．已知曲線C1：y＝x2＋a到直線l：y＝x的距離等于曲線C2：x2＋(y＋4)2＝2到直線l：y＝x的距離，則實數(shù)a＝__________. 考向分析 直線與方程是解析幾何的基礎，高考中主要考查基本概念和求在不同條件下的直線方程；直線平行與垂直的關系的判定；兩條直線的交點和距離問題等，一般以選擇題、填空題的形式考查．對于圓的考查，主要是結合直線的方程用幾何法或待定系數(shù)法確定圓的標準方程及一般方程；利用圓的性質求動點的軌跡方程；直線與圓，圓與圓的位置關系等問題，其中含參數(shù)問題為命題熱點．一般以選擇題、填空題的形式考查，難度不大，從能力要求看，主要考查函數(shù)與方程的思想，

4、數(shù)形結合思想以及分析問題與解決問題的能力． 熱點例析 熱點一　直線方程與兩條直線的位置關系 經(jīng)過點P(2，－3)作圓(x＋1)2＋y2＝25的弦AB，使點P為弦AB的中點，則弦AB所在直線方程為(　　)． A．x－y－5＝0 B．x－y＋5＝0 C．x＋y＋5＝0 D．x＋y－5＝0 規(guī)律方法 (1) 求直線方程的方法 ①直接法：直接選用恰當?shù)闹本€方程的形式，寫出結果； ②待定系數(shù)法：先由直線滿足的一個條件設出直線方程，使方程中含有一待定系數(shù)，再由題目中另一條件求出待定系數(shù)． (2)兩條直線平行與垂直的判定 ①若兩條不重合的直線l1，l2

5、的斜率k1，k2存在，則l1∥l2k1＝k2，l1⊥l2k1k2＝－1； ②兩條不重合的直線a1x＋b1y＋c1＝0和a2x＋b2y＋c2＝0平行的充要條件為a1b2－a2b1＝0且a1c2≠a2c1或b1c2≠b2c1； ③兩條直線a1x＋b1y＋c1＝0和a2x＋b2y＋c2＝0垂直的充要條件為a1a2＋b1b2＝0.判定兩直線平行與垂直的關系時，如果給出的直線方程中存在字母系數(shù)，不僅要考慮斜率存在的情況，還要考慮斜率不存在的情況． (3)忽視對直線方程中的字母分類討論而丟解或增解 直線方程的截距式＋＝1中，有ab≠0的限制，而截距可以取正數(shù)、負數(shù)和零，所以需要對a，b分類討論，否

6、則容易造成丟解．如過點P(2，－1)，在x軸，y軸上的截距分別為a，b，且滿足a＝3b的直線易漏掉過原點的情形． 變式訓練1 (1)“a＝3”是“直線ax－2y－1＝0與直線6x－4y＋c＝0平行”的__________條件．(　　) A．充要 B．充分而不必要 C．必要而不充分 D．既不充分也不必要 (2)已知圓C過點(1,0)，且圓心在x軸的正半軸上，直線l：y＝x－1被圓C所截得的弦長為2，則過圓心且與直線l垂直的直線的方程為__________． 熱點二　圓的方程 已知圓C經(jīng)過點A(1,3)，B(2,2)，并且直線m：3x－2y＝0平分圓的面積．求

7、圓C的方程． 規(guī)律方法 圓的方程的求法 求圓的方程一般有兩類方法：(1)幾何法，通過研究圓的性質、直線和圓、圓與圓的位置關系，從而求得圓的基本量和方程；(2)代數(shù)法，用待定系數(shù)法先設出圓的方程，再由條件求得各系數(shù)，從而求得圓的方程一般采用待定系數(shù)法． 特別提醒：圓心到切線的距離等于半徑，該結論在解題過程中經(jīng)常用到，需牢記． 變式訓練2 我們把圓心在一條直線上且相鄰兩圓彼此外切的一組圓叫做“串圓”．在如圖所示的“串圓”中，圓C1和圓C3的方程分別為x2+y2=1和(x-3)2+(y-4)2=1，則圓C2的方程為　　　　　. 熱點三　直線與圓的位置關系 如圖所示，已知以點A

8、(－1,2)為圓心的圓與直線l1：x＋2y＋7＝0相切．過點B(－2,0)的動直線l與圓A相交于M，N兩點，Q是MN的中點，直線l與l1相交于點P. (1)求圓A的方程； (2)當|MN|＝2時，求直線l的方程； (3)是否為定值？如果是，求出其定值；如果不是，請說明理由． 規(guī)律方法 (1) 研究直線與圓的位置關系最基本的解題方法為代數(shù)法，將幾何問題代數(shù)化，利用函數(shù)與方程思想解題． (2)與弦長有關的問題常用幾何法，即利用圓的半徑r，圓心到直線的距離d，及半弦長，構成直角三角形的三邊，利用其關系來處理． 變式訓練3 已知直線l：2mx－y－8m－3＝0和圓C：(x－3)

9、2＋(y＋6)2＝25. (1)證明：不論m取什么實數(shù)，直線l與圓C總相交； (2)求直線l被圓C截得的線段的最短長度以及此時直線l的方程． 思想滲透 1．數(shù)形結合思想 解答與圓有關的范圍問題時，經(jīng)常以形助數(shù)，巧妙破解． 若直線y＝x＋b與曲線y＝3－有公共點，則b的取值范圍是(　　)． A．[－1,1＋2] B．[1－2，1＋2] C．[1－2，3] D．[1－，3] 解析：方程y＝x＋b表示斜率為1的平行直線系，曲線方程可化為(x－2)2＋(y－3)2＝4(1≤y≤3)表示圓心為(2,3)，半徑為2的下半圓． 如圖所示，當直線y=x+b與半圓

10、相切時須滿足圓心(2,3)到直線x－y＋b＝0的距離等于2，即＝2，解得b＝1－2或b＝1＋2(舍)． 當直線y＝x＋b過點(0,3)時，可得b＝3，由圖可知滿足題意的b的取值范圍為1－2≤b≤3. 答案：C 2．分類討論思想 遇到字母時往往要對其進行討論． 試判斷方程x2＋y2＋4x＋2my＋8＝0表示的曲線類型． 解：將x2＋y2＋4x＋2my＋8＝0配方，得(x＋2)2＋(y＋m)2＝m2－4. (1)當m2－4>0，即m<－2或m>2時，原方程表示以(－2，－m)為圓心，為半徑的圓； (2)當m2－4＝0，即m＝±2時，原方程表示點(－2，－2)或(－2,2)；

11、(3)當m2－4<0，即－2

12、4y－4＝0，直線l：2x＋y＝0，則圓C上的點到直線l的距離最大值為(　　)． A．1 B．2 C．3 D．4 4．(2012·山東濰坊二模，14)若a，b，c是Rt△ABC的三邊的長(c為斜邊長)，則圓C：x2＋y2＝4被直線l：ax＋by＋c＝0所截得的弦長為__________． 5．(2012·吉林長春實驗中學二模，14)圓心在直線x－2y－1＝0上，且經(jīng)過原點和點(2,1)的圓的方程為__________． 6．(2012·湖北武昌5月模擬，13)在圓x2＋y2＝4上的點，與直線l：4x＋3y－12＝0的距離的最小值是__________． 7．已

13、知直線l過點P(0,2)，斜率為k，圓Q：x2＋y2－12x＋32＝0. (1)若直線l和圓相切，求直線l的方程； (2)若直線l和圓交于A，B兩個不同的點，問是否存在常數(shù)k，使得與共線？若存在，求出k的值；若不存在，請說明理由． 參考答案 命題調研·明晰考向 真題試做 1．A　解析：由題意可知圓心坐標為(2,0)，半徑r＝2.因為點P(3,0)到圓心的距離d＝＝1＜2， 所以點P在圓內(nèi)．故直線l與圓C相交． 2．D　解析：直線與圓相切， ∴＝1， ∴|m＋n|＝， 即：mn＝m＋n＋1， 設m＋n＝t，則mn≤2＝， ∴t＋1≤，∴t2－4t－4≥0， 解得：

14、t≤2－2或t≥2＋2. 3．C　解析：直線y＝kx＋1過定點(0,1)，而02＋12<2， 所以點(0,1)在圓x2＋y2＝2內(nèi)部，直線y＝kx＋1與圓x2＋y2＝2相交且直線不經(jīng)過圓心，故選C. 4.　解析：圓C的方程可化為(x－4)2＋y2＝1，直線y＝kx－2是過定點(0，－2)的動直線．圓心C到直線y＝kx－2的距離d＝，要使其滿足已知條件，則需d≤1＋1， 即≤1＋1，解得0≤k≤. 故k的最大值為. 5．(，)　解析：如圖所示，過P點作圓x2＋y2＝1的兩條切線，切點分別為A，B，由已知得，∠APO＝30°，所以|PO|＝2. 設P點坐標為(x0，y0)， 則

15、解得 故所求坐標為(，)． 6.　解析：x2＋(y＋4)2＝2到直線y＝x的距離為－＝， 所以y＝x2＋a到y(tǒng)＝x的距離為，而與y＝x平行且距離為的直線有兩條，分別是y＝x＋2與y＝x－2，而拋物線y＝x2＋a開口向上，所以y＝x2＋a與y＝x＋2相切，可求得a＝. 精要例析·聚焦熱點 熱點例析 【例1】 A　解析：設圓心為C，則AB垂直于CP. kCP＝＝－1，故直線AB：y＋3＝x－2，即x－y－5＝0，故選A. 【變式訓練1】 (1)C　解析：兩條直線平行的充要條件是：＝≠， 即故“a＝3”是“直線ax－2y－1＝0與直線6x－4y＋c＝0平行”的必要而不充分條件．

16、(2)x＋y－3＝0　解析：設圓心坐標為(x0,0)(x0>0)． 由于圓過點(1,0)，則半徑r＝|x0－1|，圓心到直線l的距離為d＝. 由弦長為2可知2＝(x0－1)2－2，整理得(x0－1)2＝4. ∴x0－1＝±2，∴x0＝3或x0＝－1(舍去)． 因此圓心為(3,0)，由此可求得過圓心且與直線y＝x－1垂直的直線方程為y＝－(x－3)，即x＋y－3＝0. 【例2】 解：由已知得，線段AB的中點E，kAB＝＝－1，故線段AB的中垂線方程為y－＝x－，即x－y＋1＝0. 因為圓C經(jīng)過A，B兩點，故圓心在線段AB的中垂線上， 又因為直線m：3x－2y＝0平分圓的面積， 所

17、以直線m經(jīng)過圓心． 由 解得即圓心C(2,3)． 而圓的半徑r＝|CB|＝＝1， 所以圓C的方程為(x－2)2＋(y－3)2＝1. 【變式訓練2】 2＋(y－2)2＝ 解析：易求出C1(0,0)，半徑r1＝1， 圓心C3(3,4)，半徑r3＝1. 設圓C2的圓心坐標為C2(a，b)，半徑r2，據(jù)題意 即可解出 故圓C2的方程為2＋(y－2)2＝. 【例3】 解：(1)設圓A的半徑為R. ∵圓A與直線l1：x＋2y＋7＝0相切， ∴R＝＝2. ∴圓A的方程為(x＋1)2＋(y－2)2＝20. (2)當直線l與x軸垂直時，易知x＝－2符合題意； 當直線l與x軸不垂直

18、時，設直線l的方程為y＝k(x＋2)，即kx－y＋2k＝0. 連接AQ，則AQ⊥MN. ∵|MN|＝2， ∴|AQ|＝＝1. 由|AQ|＝＝1，得k＝， ∴直線l的方程為3x－4y＋6＝0. ∴所求直線l的方程為x＝－2或3x－4y＋6＝0. (3)∵AQ⊥BP， ∴＝0， ∴＝()· ＝. 當直線l與x軸垂直時，得P，則＝. 又＝(1,2)， ∴ 當直線l的斜率存在時，設直線l的方程為y＝k(x＋2)． 由 解得P， ∴＝， ∴＝－＝－5. 綜上所述，是定值，且＝－5. 【變式訓練3】 (方法一)(1)證明：設圓心C到直線l的距離為d，則有d＝， 整

19、理可得4(d2－1)m2＋12m＋d2－9＝0，① 為使上面關于m的方程有實數(shù)解， 則Δ＝122－16(d2－1)(d2－9)≥0，解得0≤d≤. 可得d<5，故不論m為何實數(shù)，直線l與圓C總相交． (2)解：由(1)可知0≤d≤，即d的最大值為. 根據(jù)平面幾何知識可知：當圓心到直線l的距離最大時，直線l被圓C截得的線段長度最短． ∴當d＝時，線段(即弦)的最短長度為2＝2. 將d＝代入①可得m＝－，代入直線l的方程得直線被圓C截得最短線段時l的方程為x＋3y＋5＝0. (方法二)(1)證明：將直線l的方程變形有：m(2x－8)－y－3＝0， 解得知直線l過定點A(4，－3)

20、． 又∵(4－3)2＋(－3＋6)2<25， ∴A點在圓C內(nèi)部，因此直線l與圓C總相交． (2)同方法一． 創(chuàng)新模擬·預測演練 1．A　解析：直線y＝x＋2與圓(x－a)2＋(y－b)2＝2相切?圓心(a，b)到直線y＝x＋2的距離d＝r，即＝，|a－b＋2|＝2.解得a－b＝0或a－b＝－4，故選A. 2．B　解析：由圓心在直線x＋y＝0上，不妨設為C(a，－a)， ∴r＝＝， 解得a＝1，r＝， ∴圓C的方程為(x－1)2＋(y＋1)2＝2. 3．C　解析：可利用數(shù)形結合法進行分析解決． 4．2 5.2＋2＝ 解析：設所求圓的方程為(x－a)2＋(y－b)2＝r2

21、， 由題設可得 解此方程組，得 所以所求圓的方程為2＋2＝. 6.　解析：圓的半徑是2，圓心O(0,0)到l：4x＋3y－12＝0的距離d＝＝，所以圓x2＋y2＝4上的點與直線l：4x＋3y－12＝0的距離的最小值是－2＝. 7．解：(1)將圓的方程化簡，得(x－6)2＋y2＝4.圓心Q(6,0)，半徑r＝2. 直線l的方程為：y＝kx＋2， 故圓心到直線l的距離d＝＝，因為直線l和圓相切，故d＝r，即＝2，解得k＝0或k＝－，所以，直線l的方程為y＝2或3x＋4y－8＝0. (2)將直線l的方程和圓的方程聯(lián)立得 消y得(1＋k2)x2＋4(k－3)x＋36＝0， 因為直線l和圓相交，故Δ＝[4(k－3)]2－4×36×(1＋k2)>0，解得－