《（浙江專(zhuān)用）2020版高考數(shù)學(xué)新增分大一輪復(fù)習(xí) 第四章 導(dǎo)數(shù)及其應(yīng)用 專(zhuān)題突破二 高考中的導(dǎo)數(shù)應(yīng)用問(wèn)題課件.ppt》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《（浙江專(zhuān)用）2020版高考數(shù)學(xué)新增分大一輪復(fù)習(xí) 第四章 導(dǎo)數(shù)及其應(yīng)用 專(zhuān)題突破二 高考中的導(dǎo)數(shù)應(yīng)用問(wèn)題課件.ppt（60頁(yè)珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1、高考專(zhuān)題突破二高考中的導(dǎo)數(shù)應(yīng)用問(wèn)題,,第四章導(dǎo)數(shù)及其應(yīng)用,,NEIRONGSUOYIN,內(nèi)容索引,題型分類(lèi) 深度剖析,課時(shí)作業(yè),題型分類(lèi)深度剖析,1,PART ONE,,題型一利用導(dǎo)數(shù)研究函數(shù)性質(zhì),例1 (2018臺(tái)州質(zhì)檢)已知函數(shù)f(x)x3|xa|(aR) (1)當(dāng)a1時(shí)，求f(x)在(0，f(0))處的切線方程；,,師生共研,解當(dāng)a1，x<1時(shí)，f(x)x31x， f(x)3x21， 所以f(0)1，f(0)1， 所以f(x)在(0，f(0))處的切線方程為xy10.,(2)當(dāng)a(0,1)時(shí)，求f(x)在1,1上的最小值(用a表示),解當(dāng)a(0,1)時(shí)，,當(dāng)ax1時(shí)，由f(x)3x210

2、，知f(x)在a ，1上單調(diào)遞增 當(dāng)1x

3、，即(x22)ex0， 因?yàn)閑x0， 所以x220，,(2)若函數(shù)f(x)在(1,1)上單調(diào)遞增，求a的取值范圍,解因?yàn)楹瘮?shù)f(x)在(1,1)上單調(diào)遞增， 所以f(x)0對(duì)x(1,1)都成立 因?yàn)閒(x)(2xa)ex(x2ax)ex x2(a2)xaex， 所以x2(a2)xaex0對(duì)x(1,1)都成立 因?yàn)閑x0， 所以x2(a2)xa0對(duì)x(1,1)都成立，,對(duì)x(1,1)都成立,,題型二利用導(dǎo)數(shù)研究函數(shù)零點(diǎn)問(wèn)題,,師生共研,當(dāng)x(0，e)時(shí)，f(x)0，f(x)在(e，)上單調(diào)遞增，,f(x)的極小值為2.,則(x)x21(x1)(x1)， 當(dāng)x(0,1)時(shí)，(x)0，(x)在(0,

4、1)上單調(diào)遞增； 當(dāng)x(1，)時(shí)，(x)<0，(x)在(1，)上單調(diào)遞減 x1是(x)的唯一極值點(diǎn)，且是極大值點(diǎn)，因此x1也是(x)的最大值點(diǎn)，,又(0)0，結(jié)合y(x)的圖象(如圖)，,當(dāng)m0時(shí)，函數(shù)g(x)有且只有一個(gè)零點(diǎn),函數(shù)零點(diǎn)問(wèn)題一般利用導(dǎo)數(shù)研究函數(shù)的單調(diào)性、極值等性質(zhì)，并借助函數(shù)圖象，根據(jù)零點(diǎn)或圖象的交點(diǎn)情況，建立含參數(shù)的方程(或不等式)組求解，實(shí)現(xiàn)形與數(shù)的和諧統(tǒng)一,跟蹤訓(xùn)練2(2018紹興質(zhì)測(cè))已知函數(shù)f(x) x3ax23xb. (1)當(dāng)a2，b0時(shí)，求f(x)在0,3上的值域；,得f(x)x24x3(x1)(x3) 當(dāng)x(0,1)時(shí)，f(x)0，故f(x)在(0,1)上單調(diào)遞

5、增； 當(dāng)x(1,3)時(shí)，f(x)<0，故f(x)在(1,3)上單調(diào)遞減,(2)對(duì)任意的b，函數(shù)g(x)|f(x)| 的零點(diǎn)不超過(guò)4個(gè)，求a的取值范圍,解由題意得f(x)x22ax3，4a212. 當(dāng)0，即a23時(shí)，f(x)0，f(x)在R上單調(diào)遞增，滿(mǎn)足題意； 當(dāng)0，即a23時(shí)，f(x)0有兩根， 設(shè)兩根為x1，x2，且x1

6、為常數(shù)) (1)若函數(shù)yf(x)與函數(shù)yg(x)在x1處有相同的切線，求實(shí)數(shù)的值；,因?yàn)樵趚1處有相同的切線，,設(shè)H(x)f(x)g(x)，,因?yàn)閤1，所以(H(x))0，即H(x)單調(diào)遞減， 又因?yàn)镠(1)0，所以H(x)0，即H(x)單調(diào)遞減， 而H(1)0，所以H(x)0，即f(x)g(x),求解不等式恒成立或有解時(shí)參數(shù)的取值范圍問(wèn)題，一般常用分離參數(shù)的方法，但是如果分離參數(shù)后對(duì)應(yīng)的函數(shù)不便于求解其最值，或者求解其函數(shù)最值較煩瑣時(shí)，可采用直接構(gòu)造函數(shù)的方法求解,跟蹤訓(xùn)練3已知函數(shù)f(x) ax2ln x(x0，aR) (1)若a2，求點(diǎn)(1，f(1))處的切線方程；,f(1)1，f(1)

7、1，所求的切線方程為yx.,(2)若不等式f(x) 對(duì)任意x0恒成立，求實(shí)數(shù)a的值,當(dāng)a0時(shí)，f(x)<0，,故此時(shí)不合題意；,g(x)在(0,1)上單調(diào)遞增，在(1，)上單調(diào)遞減， g(x)g(1)0， 即1ln xx0， 故1ln aa0，a1.,課時(shí)作業(yè),2,PART TWO,,基礎(chǔ)保分練,1,2,3,4,5,6,,1,2,3,4,5,6,,1,2,3,4,5,6,當(dāng)x變化時(shí)，f(x)，f(x)的變化情況如下表：,,,1,2,3,4,5,6,,,2.已知函數(shù)f(x)axex(aR)，g(x) . (1)求函數(shù)f(x)的單調(diào)區(qū)間；,,1,2,3,4,5,6,解因?yàn)閒(x)aex，xR.

8、當(dāng)a0時(shí)，f(x)0時(shí)，令f(x)0，得xln a. 由f(x)0，得f(x)的單調(diào)遞增區(qū)間為(，ln a)； 由f(x)0時(shí)，f(x)的單調(diào)遞增區(qū)間為(，ln a)，單調(diào)遞減區(qū)間為(ln a，).,(2)x(0，)，使不等式f(x)g(x)ex成立，求a的取值范圍.,,1,2,3,4,5,6,解因?yàn)閤(0，)，使不等式f(x)g(x)ex，,,當(dāng)x在區(qū)間(0，)內(nèi)變化時(shí)，h(x)，h(x)隨x變化的變化情況如下表：,1,2,3,4,5,6,,1,2,3,4,5,6,3.已知函數(shù)f(x)x33x2ax2，曲線yf(x)在點(diǎn)(0,2)處的切線與x軸交點(diǎn)的橫坐標(biāo)為2. (1)求a的值；,,1,2,

9、3,4,5,6,解f(x)3x26xa，f(0)a. 曲線yf(x)在點(diǎn)(0,2)處的切線方程為yax2.,所以a1.,(2)證明：當(dāng)k<1時(shí)，曲線yf(x)與直線ykx2只有一個(gè)交點(diǎn).,,1,2,3,4,5,6,,1,2,3,4,5,6,證明由(1)知，f(x)x33x2x2. 設(shè)g(x)f(x)kx2x33x2(1k)x4. 由題設(shè)知1k0. 當(dāng)x0時(shí)，g(x)3x26x1k0，g(x)單調(diào)遞增， g(1)k10時(shí)，令h(x)x33x24， 則g(x)h(x)(1k)xh(x). h(x)3x26x3x(x2)，h(x)在(0,2)上單調(diào)遞減，在(2，)上單調(diào)遞增，,,1,2,3,4,5,

10、6,所以g(x)h(x)h(2)0. 所以g(x)0在(0，)上沒(méi)有實(shí)根. 綜上，g(x)0在R上有唯一實(shí)根， 即曲線yf(x)與直線ykx2只有一個(gè)交點(diǎn).,4.設(shè)函數(shù)f(x) ax2(a3)x3，其中aR，函數(shù)f(x)有兩個(gè)極值點(diǎn)x1，x2，且0 x1<1. (1)求實(shí)數(shù)a的取值范圍；,,1,2,3,4,5,6,,解由題意可知，f(x)x2axa3，x1，x2為f(x)0的兩個(gè)根， 所以a24(a3)0，得a6或a<2.,1,2,3,4,5,6,,1,2,3,4,5,6,即2

11、(x)|<9.,,1,2,3,4,5,6,,證明由0 x1<1，x1

12、1,2,3,4,5,6,證明方法一令h(x)f(x)gt(x),,,當(dāng)t0時(shí)，,,,當(dāng)x(0， )時(shí)，h(x)<0，,當(dāng)x( ，)時(shí)，h(x)0，,所以h(x)在(0，)內(nèi)的最小值是h( )0. 故當(dāng)x0時(shí)，f(x)gt(x)對(duì)任意正實(shí)數(shù)t成立.,,1,2,3,4,5,6,方法二對(duì)任意固定的x0，,,,,,,,,則h(t) (x )，,由h(t)0，得tx3. 當(dāng)00； 當(dāng)tx3時(shí)，h(t)<0，,因此當(dāng)x0時(shí)，f(x)gt(x)對(duì)任意正實(shí)數(shù)t成立.,,1,2,3,4,5,6,,有且僅有一個(gè)正實(shí)數(shù)x0，使得g8(x0)gt(x0)對(duì)任意正實(shí)數(shù)t成立.,,1,2,3,4,5,6,,,即(x0

13、2)2(x04)0， 又因?yàn)閤00， 不等式成立的充要條件是x02， 所以有且僅有一個(gè)正實(shí)數(shù)x02， 使得g8(x0)gt(x0)對(duì)任意正實(shí)數(shù)t成立.,,,,6.已知函數(shù)f(x)xaln x，aR. (1)討論函數(shù)f(x)在定義域內(nèi)的極值點(diǎn)的個(gè)數(shù)；,1,2,3,4,5,6,拓展沖刺練,,當(dāng)a0時(shí)，f(x)0在(0，)上恒成立， 函數(shù)f(x)在(0，)上單調(diào)遞增， 所以f(x)在(0，)上沒(méi)有極值點(diǎn). 當(dāng)a0時(shí)，由f(x)0，得xa， 所以f(x)在(0，a)上單調(diào)遞減，在(a，)上單調(diào)遞增， 即f(x)在xa處有極小值，無(wú)極大值. 所以當(dāng)a0時(shí)，f(x)在(0，)上沒(méi)有極值點(diǎn)， 當(dāng)a0時(shí)，f(x)在(0，)上有一個(gè)極值點(diǎn).,1,2,3,4,5,6,,(2)設(shè)g(x) ，若不等式f(x)g(x)對(duì)任意x2，e恒成立，求a的取值范圍.,1,2,3,4,5,6,,1,2,3,4,5,6,不等式f(x)g(x)對(duì)任意x2，e恒成立，,當(dāng)1ae，即ae1時(shí)，h(x)在2，e上單調(diào)遞減， 所以h(x)的最小值為h(e)，,當(dāng)1a2，即a1時(shí)，h(x)在2，e上單調(diào)遞增， 所以h(x)的最小值為h(2)，,,1,2,3,4,5,6,,1,2,3,4,5,6,當(dāng)22， 即1