《（江蘇專(zhuān)用）2020高考數(shù)學(xué)二輪復(fù)習(xí) 填空題訓(xùn)練 綜合仿真練（九）》由會(huì)員分享，可在線(xiàn)閱讀，更多相關(guān)《（江蘇專(zhuān)用）2020高考數(shù)學(xué)二輪復(fù)習(xí) 填空題訓(xùn)練 綜合仿真練（九）（6頁(yè)珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1、綜合仿真練(九) 1．設(shè)全集U＝{x|x≥3，x∈N}，集合A＝{x|x2≥10，x∈N}，則?UA＝________. 解析：∵全集U＝{x|x≥3，x∈N}，A＝{x|x2≥10，x∈N}＝{x|x≥，x∈N}，∴?UA＝{x|3≤x≤，x∈N}＝{3}． 答案：{3} 2．為了解學(xué)生課外閱讀的情況，隨機(jī)統(tǒng)計(jì)了n名學(xué)生的課外閱讀時(shí)間，所得數(shù)據(jù)都在[50,150]中，其頻率分布直方圖如圖所示．已知在[50,75)中的頻數(shù)為100，則n的值為_(kāi)_______． 解析：由圖可知，在[50,75)上的頻率為0.1，所以n＝＝1 000. 答案：1 000 3．若復(fù)數(shù)z滿(mǎn)足z＋i＝

2、，其中i為虛數(shù)單位，則|z|＝________. 解析：由z＋i＝，得z＝－i＝－2i＋1－i＝1－3i，則|z|＝＝. 答案： 4．在如圖所示的算法流程圖中，若輸出的y的值為26，則輸入的x的值為_(kāi)_______． 解析：由圖可知x2－2x＋2＝26，解得x＝－4或x＝6，又x<4，所以x＝－4. 答案：－4 5．從1,2,3,4,5,6這六個(gè)數(shù)中一次隨機(jī)地取2個(gè)數(shù)，則所取2個(gè)數(shù)的和能被3整除的概率為_(kāi)_______． 解析：從1,2,3,4,5,6這六個(gè)數(shù)中一次隨機(jī)地取2個(gè)數(shù)，基本事件總數(shù)n＝15，所取2個(gè)數(shù)的和能被3整除包含的基本事件有：(1,2)，(1,5)，(2,4

3、)，(3,6)，(4,5)，共有5個(gè)，所以所取2個(gè)數(shù)的和能被3整除的概率P＝＝. 答案： 6．已知等差數(shù)列{an}的前n項(xiàng)和為Sn，若S3＝9，S5＝25，則S7＝________. 解析：設(shè)Sn＝An2＋Bn， 由題知，解得A＝1，B＝0， ∴S7＝49. 答案：49 7.如圖，正三棱柱ABCA1B1C1中，AB＝4，AA1＝6.若E，F(xiàn)分別是棱BB1，CC1上的點(diǎn)，則三棱錐AA1EF的體積是________． 解析：因?yàn)樵谡庵鵄BCA1B1C1中，AA1∥BB1，AA1?平面AA1C1C，BB1?平面AA1C1C，所以BB1∥平面AA1C1C

4、，從而點(diǎn)E到平面AA1C1C的距離就是點(diǎn)B到平面AA1C1C的距離，作BH⊥AC，垂足為點(diǎn)H，由于△ABC是正三角形且邊長(zhǎng)為4，所以BH＝2，從而三棱錐AA1EF的體積VAA1EF＝VEA1AF＝S△A1AFBH＝642＝8. 答案：8 8．(2019興化中學(xué)模擬)已知橢圓和雙曲線(xiàn)有共同的焦點(diǎn)F1，F(xiàn)2，P是它們的一個(gè)交點(diǎn)，且∠F1PF2＝，記橢圓和雙曲線(xiàn)的離心率分別為e1，e2，則＋等于________． 解析：如圖所示，設(shè)橢圓的長(zhǎng)半軸長(zhǎng)為a1，雙曲線(xiàn)的實(shí)半軸長(zhǎng)為a2，則根據(jù)橢圓及雙曲線(xiàn)的定義：PF1＋PF2＝2a1，PF1－PF2＝2a2，∴PF1＝a1＋a2，PF2＝a1－a2，設(shè)

5、F1F2＝2c，∠F1PF2＝，則在△PF1F2中，由余弦定理得4c2＝(a1＋a2)2＋(a1－a2)2－2(a1＋a2)(a1－a2)cos ，化簡(jiǎn)得3a＋a＝4c2，該式可變成＋＝4. 答案：4 9．如果函數(shù)y＝3sin(2x＋φ)的圖象關(guān)于點(diǎn)中心對(duì)稱(chēng)，則|φ|的最小值為_(kāi)_______． 解析：由題意可知當(dāng)x＝時(shí)，y＝0， 即有sin＝0， 解得φ＝kπ－，k∈Z， 化簡(jiǎn)得φ＝(k－2)π＋，k∈Z， 所以|φ|的最小值為. 答案： 10．(2019江蘇模擬)在直角三角形ABC中，tan A＝2，D為斜邊AB延長(zhǎng)線(xiàn)上靠近B的一點(diǎn)，若△CBD的面積為1，則＝______

6、__. 解析：如圖，過(guò)C作CE⊥AB，垂足為E， ∴S△CBD＝CEBD＝1， ∴CEBD＝2. ∵CA⊥CB，∴＝0， ∴＝(＋)＝＋＝＝||||cos(π－A) ＝－||||cos A＝－CABD ＝－BDAE＝－BD＝－BDCE ＝－2＝－1. 答案：－1 11．已知正實(shí)數(shù)a，b滿(mǎn)足9a2＋b2＝1，則的最大值為_(kāi)_______． 解析：法一： ≤＝≤＝，當(dāng)且僅當(dāng)3a＝b時(shí)等號(hào)成立，又因?yàn)?a2＋b2＝1，a>0，b>0，所以當(dāng)a＝，b＝時(shí)，取得最大值為. 法二：令θ∈，則＝.令t＝cos θ＋sin θ＝sin.因?yàn)棣取?，所以θ＋∈，則sin∈，

7、所以t∈(1，]．所以＝＝＝.因?yàn)閥＝t－在t∈(1， ]上單調(diào)遞增，所以當(dāng)t＝時(shí)，取得最大值為. 答案： 12．已知數(shù)列{an}的首項(xiàng)a1＝1，前n項(xiàng)和為Sn，且滿(mǎn)足2an＋1＋Sn＝2(n∈N*)，則滿(mǎn)足<<的n的最大值為_(kāi)_______． 解析：由2an＋1＋Sn＝2，① 可得當(dāng)n≥2時(shí)，2an＋Sn－1＝2.② ①－②得2an＋1－2an＋an＝0，所以2an＋1＝an. 因?yàn)閍2＝，所以an≠0，所以＝(n≥2)． 又因?yàn)椋?，所以＝，所以?shù)列{an}是以1為首項(xiàng)，為公比等比數(shù)列，所以Sn＝＝2，所以S2n＝2， 從而＝＝＝1＋n.由不等式<<， 得<1＋n<，所以<

8、n<， 解得4≤n≤9，所以滿(mǎn)足條件的n的最大值為9. 答案：9 13．(2019海安中學(xué)模擬)已知a>0，b>0，且＋＝1，則P＝a＋b＋的最小值為_(kāi)_______． 解析：如圖，考慮直線(xiàn)l：＋＝1，因?yàn)椋?，不難發(fā)現(xiàn)，直線(xiàn)l過(guò)點(diǎn)P(2,3)，構(gòu)造圓C：(x－r)2＋(y－r)2＝r2，與直線(xiàn)l切于點(diǎn)T，顯然圓C與x軸、y軸分別切于點(diǎn)M(r,0)，N(0，r)．易得A(a,0)，B(0，b)，|AB|＝， 所以P＝a＋b＋＝|OA|＋|OB|＋|AB|＝|OA|＋|OB|＋|TA|＋|TB|＝|OA|＋|OB|＋|AM|＋|BN|＝|OM|＋|ON|＝2r. 由于點(diǎn)P(2,3)

9、在圓外，故有(2－r)2＋(3－r)2≥r2， 整理得r2－10r＋13≥0，解得r≥5＋2(r≤5－2舍去)． 故P＝a＋b＋的最小值為10＋4. 答案：10＋4 14．已知函數(shù)f(x)＝ex－ax－1，g(x)＝ln x－ax＋a，若存在x0∈(1,2)，使得f(x0)g(x0)<0，則實(shí)數(shù)a的取值范圍為_(kāi)_______． 解析：若存在x0∈(1,2)，使得f(x0)g(x0)<0， 即[ex0－(ax0＋1)][ln x0－a(x0－1)]<0. 在同一直角坐標(biāo)系下作出函數(shù)y＝ex，y＝ax＋1，y＝ln x，y＝a(x－1)的圖象(圖略)． 當(dāng)a<0時(shí)，f(x0)>0，g(x0)>0恒成立，不滿(mǎn)足題意； 當(dāng)a＝1，x>1時(shí)，ex>x＋1，ln x1，x>1時(shí)，ln x－a(x－1)ax1＋1，則e2>2a＋1，解得a<，所以11時(shí)，ex－(ax＋1)>x＋1－(ax＋1)＝(1－a)x>0，此時(shí)只需存在x2∈(1,2)，使得ln x2ln 2，所以ln 2