《高中數學 第三講 柯西不等式與排序不等式評估驗收卷 新人教A版選修45》由會員分享，可在線閱讀，更多相關《高中數學 第三講 柯西不等式與排序不等式評估驗收卷 新人教A版選修45（7頁珍藏版）》請在裝配圖網上搜索。

1、6 E D B C 3 1 9 1 F 2 3 5 1 D D 8 1 5 F F 3 3 D 4 4 3 5 F 3 7 5 6 E D B C 3 1 9 1 F 2 3 5 1 D D 8 1 5 F F 3 3 D 4 4 3 5 F 3 7 5 6 E D B C 3 1 9 1 F 2 3 5 1 D D 8 1 5 F F 3 3 D 4 4 3 5 F 3 7 5 6 E D B C 3 1 9 1 F 2 3 5 1 D D 8 1 5 F F 3 3 D 4 4 3 5 F 3 7 5 6 E D B C 3 1 9 1 F 2 3 5 1 D D 8 1 5 F F 3

2、3 D 4 4 3 5 F 3 7 5 6 E D B C 3 1 9 1 F 2 3 5 1 D D 8 1 5 F F 3 3 D 4 4 3 5 F 3 7 5 第三講第三講 柯西不等式與排序不等式柯西不等式與排序不等式 評估驗收卷(三) (時間：120 分鐘 滿分：150 分) 一、選擇題(本大題共 12 小題，每小題 5 分，共 60 分在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的) 1設xy0，則x24y2y21x2的最小值為( ) A9 B9 C10 D0 解析：x22y21x2y2x1x2yy29. 答案：B 2學校要開運動會，需要買價格不同的獎品 40 件、50 件、2

3、0 件，現在選擇商店中為5 元、3 元、2 元的獎品，則至少要花( ) A300 元 B360 元 C320 元 D340 元 解析：由排序原理，反序和最小 所以最小值為 502403205320(元) 答案：C 3銳角三角形ABC中，設Pabc2，Qacos Cbcos Bccos A，則P，Q的大小關系為( ) APQ BPQ CPQ D不能確定 解析：不妨設ABC，則abc，cos Acos Bcos C， 則由排序不等式有Qacos Cbcos Bccos Aacos Bbcos Cccos AR(2sin Acos B2sin Bcos C2sin Ccos A)， Qacos Cb

4、cos Bccos Abcos Accos Bacos CR(2sin Bcos A2sin Ccos B2sin Acos C)， 上面兩式相加，得Qacos Cbcos Bccos A12R(2sin Acos B2sin Bcos A2sin Bcos C2sin Ccos B2sin Ccos A2sin Acos C)Rsin(AB)sin(BC)sin(AC)R(sin Csin Asin B)abc2P(R為銳角三角形ABC的外接圓的半徑) 答案：C 6 E D B C 3 1 9 1 F 2 3 5 1 D D 8 1 5 F F 3 3 D 4 4 3 5 F 3 7 5 6

5、 E D B C 3 1 9 1 F 2 3 5 1 D D 8 1 5 F F 3 3 D 4 4 3 5 F 3 7 5 6 E D B C 3 1 9 1 F 2 3 5 1 D D 8 1 5 F F 3 3 D 4 4 3 5 F 3 7 5 6 E D B C 3 1 9 1 F 2 3 5 1 D D 8 1 5 F F 3 3 D 4 4 3 5 F 3 7 5 6 E D B C 3 1 9 1 F 2 3 5 1 D D 8 1 5 F F 3 3 D 4 4 3 5 F 3 7 5 6 E D B C 3 1 9 1 F 2 3 5 1 D D 8 1 5 F F 3 3

6、 D 4 4 3 5 F 3 7 5 4已知 3x22y21，則 3x2y的取值范圍是( ) A0， 5 B 5，0 C 5， 5 D5，5 解析：因為(3x22y2)( 3)2( 2)2( 3x 3 2y 2)2(3x2y)2， 即 5(3x22y2)(3x2y)2(當且僅當xy時等號成立)， 又 3x22y21，所以(3x2y)25，所以 53x2y 5. 答案：C 5設a，b，c為正數，則(abc)4a9b36c的最小值為( ) A54 6 B9 C121 D8 3 解析：因為a，b，c為正數， 所以(abc)4a9b36c(a)2(b)2(c)22a23b26c2(236)2121.

7、當且僅當a2，b3，c6 時取等號 答案：C 6已知半圓的直徑AB2R，P是弧AB上一點，則 2|PA|3|PB|的最大值是( ) A. 6R B. 13R C2 13R D4 13R 解析：由 2|PA|3|PB| （2232）（|PA|2|PB|2） 13|AB|2 132R. 答案：C 7函數f(x) 1cos 2xcos x，則f(x)的最大值是( ) A. 3 B. 2 C1 D2 解析：f(x) 2 sin2 xcos x. 又( 2 sin2 xcos x)2(21)(sin2 xcos2 x)3，所以f(x)的最大值為 3. 答案：A 8已知x21x22x231，y21y22y

8、232，則x1y1x2y2x3y3的最大值是( ) A2 B3 C. 2 D. 3 解析：因為x21x22x231，y21y22y232， 所以(x1y1x2y2x3y3)2(x21x22x23)(y21y22y23)122， 所以x1y1x2y2x3y3 2. 6 E D B C 3 1 9 1 F 2 3 5 1 D D 8 1 5 F F 3 3 D 4 4 3 5 F 3 7 5 6 E D B C 3 1 9 1 F 2 3 5 1 D D 8 1 5 F F 3 3 D 4 4 3 5 F 3 7 5 6 E D B C 3 1 9 1 F 2 3 5 1 D D 8 1 5 F

9、F 3 3 D 4 4 3 5 F 3 7 5 6 E D B C 3 1 9 1 F 2 3 5 1 D D 8 1 5 F F 3 3 D 4 4 3 5 F 3 7 5 6 E D B C 3 1 9 1 F 2 3 5 1 D D 8 1 5 F F 3 3 D 4 4 3 5 F 3 7 5 6 E D B C 3 1 9 1 F 2 3 5 1 D D 8 1 5 F F 3 3 D 4 4 3 5 F 3 7 5 當x1y1x2y2x3y322時，取“”，故選 C. 答案：C 9已知x，y，z0，且1x2y3z1，則xy2z3的最小值是( ) A5 B6 C8 D9 解析：xy2

10、z31x2y3zxy2z3 1xx2yy23zz329. 所以xy2z3min9.故應選 D. 答案：D 10設a1，a2，a3為正數，則a1a2a3a2a3a1a3a1a2與a1a2a3大小為( ) A B C D 解析：不妨設a1a2a30，于是1a11a21a3，a2a3a3a1a1a2， 由排序不等式：順序和亂序和，得 a1a2a3a3a1a2a2a3a11a2a2a31a3a3a11a1a1a2a3a1a2. 即a1a2a3a2a3a1a3a1a2a1a2a3. 答案：B 11已知x，y，a，b為正數，且ab10，axby1，xy的最小值為 18，則a，b的值分別為( ) Aa2，b

11、8 Ba8，b2 Ca2，b8 或a8，b2 Da2，b2 或a8，b8 解析：因為xy(xy)axby(ab)2ab2ab18. 又ab10，所以ab16. 所以a2，b8 或a8，b2. 答案：C 6 E D B C 3 1 9 1 F 2 3 5 1 D D 8 1 5 F F 3 3 D 4 4 3 5 F 3 7 5 6 E D B C 3 1 9 1 F 2 3 5 1 D D 8 1 5 F F 3 3 D 4 4 3 5 F 3 7 5 6 E D B C 3 1 9 1 F 2 3 5 1 D D 8 1 5 F F 3 3 D 4 4 3 5 F 3 7 5 6 E D B

12、 C 3 1 9 1 F 2 3 5 1 D D 8 1 5 F F 3 3 D 4 4 3 5 F 3 7 5 6 E D B C 3 1 9 1 F 2 3 5 1 D D 8 1 5 F F 3 3 D 4 4 3 5 F 3 7 5 6 E D B C 3 1 9 1 F 2 3 5 1 D D 8 1 5 F F 3 3 D 4 4 3 5 F 3 7 5 12設c1，c2，cn是a1，a2，an的某一排列(a1，a2，an均為正數)，則a1c1a2c2ancn的最小值是( ) An B.1n C.n D2n 解析：不妨設 0a1a2an， 則1a11a21an，1c1，1c2，1c

13、n是1a1，1a2，1an的一個排列 再利用排序不等式的反序和亂序和求解， 所以a1c1a2c2ancna1a1a2a2anann， 當且僅當a1a2an時等號成立故選 A. 答案：A 二、填空題(本大題共 4 小題，每小題 5 分，共 20 分把答案填在題中的橫線上) 13已知a，b，c為非零實數，則(a2b2c2)1a21b21c2的最小值為_ 解析：由(a2b2c2)1a21b21c2 a1ab1bc1c29， 所以所求最小值為 9. 答案：9 14設a，b0，若a2b25，則a2b的最大值為_ 解析：(1222)(a2b2)(a2b)2，即 25(a2b)2. 所以(a2b)max5.

14、 答案：5 15已知x，y，z(0，)，xyz9，則xyz的最大值是_ 解析：(xyz)2(121212)(xyz)3927.所以xyz3 3. 答案：3 3 16設x，y，zR，若x2y2z24，則x2y2z的最小值為_ 解析：由柯西不等式，得(x2y2z2)12(2)222(x2y2z)2，故(x2y2z)24936. 6 E D B C 3 1 9 1 F 2 3 5 1 D D 8 1 5 F F 3 3 D 4 4 3 5 F 3 7 5 6 E D B C 3 1 9 1 F 2 3 5 1 D D 8 1 5 F F 3 3 D 4 4 3 5 F 3 7 5 6 E D B C

15、 3 1 9 1 F 2 3 5 1 D D 8 1 5 F F 3 3 D 4 4 3 5 F 3 7 5 6 E D B C 3 1 9 1 F 2 3 5 1 D D 8 1 5 F F 3 3 D 4 4 3 5 F 3 7 5 6 E D B C 3 1 9 1 F 2 3 5 1 D D 8 1 5 F F 3 3 D 4 4 3 5 F 3 7 5 6 E D B C 3 1 9 1 F 2 3 5 1 D D 8 1 5 F F 3 3 D 4 4 3 5 F 3 7 5 當且僅當x1y2z2k，k23時，上式取得等號 當k23時，x2y2z取得最小值6. 答案：6 三、解答題

16、(本大題共 6 小題，共 70 分解答時應寫出必要的文字說明、證明過程或演算步驟) 17(本小題滿分 10 分)設a(1，0，2)，b(x，y，z)，若x2y2z216，求ab的最大值 解：因為a(1，0，2)，b(x，y，z)， 所以abx2z. 由柯西不等式120(2)2(x2y2z2)(x02z)2516(x2z)245x2z4 54 5ab4 5， 故ab的最大值為 4 5. 18 (本小題滿分 12 分)已知 0abc， 求證c2abb2aca2bca2abb2bcc2ca. 證明：因為 0abc， 所以 0abcabc， 所以1ab1ca1bc0， 又 0a2b2c2， 所以c2a

17、bb2aca2bc是順序和，a2abb2bcc2ca是亂序和， 由排序原理可知順序和大于等于亂序和， 即不等式c2abb2aca2bca2abb2bcc2ca成立 19(本小題滿分 12 分)設a，b，c都是正實數，求證：aabbcc(abc)abc3. 證明：不妨設abc0，則 lg alg blg c， 據排序不等式，有alg ablg bclg c blg aclg balg c， alg ablg bclg cclg aalg bblg c， 且alg ablg bclg calg ablg bclg c， 以上三式相加整理，得 3(alg ablg bclg c)(abc)(lg a

18、lg blg c)， 即 lg(aabbcc)abc3lg(abc)故aabbcc(abc)abc3. 20(本小題滿分 12 分)設不等式|x2|1 的解集與關于x的不等式x2axb0 的6 E D B C 3 1 9 1 F 2 3 5 1 D D 8 1 5 F F 3 3 D 4 4 3 5 F 3 7 5 6 E D B C 3 1 9 1 F 2 3 5 1 D D 8 1 5 F F 3 3 D 4 4 3 5 F 3 7 5 6 E D B C 3 1 9 1 F 2 3 5 1 D D 8 1 5 F F 3 3 D 4 4 3 5 F 3 7 5 6 E D B C 3 1

19、 9 1 F 2 3 5 1 D D 8 1 5 F F 3 3 D 4 4 3 5 F 3 7 5 6 E D B C 3 1 9 1 F 2 3 5 1 D D 8 1 5 F F 3 3 D 4 4 3 5 F 3 7 5 6 E D B C 3 1 9 1 F 2 3 5 1 D D 8 1 5 F F 3 3 D 4 4 3 5 F 3 7 5 解集相同 (1)求a，b的值； (2)求函數f(x)a x3b5x的最大值，以及取得最大值時x的值 解：(1)不等式|x2|1 的解集為x|x1 或x3， 所以，不等式x2axb0 的解集為x|x1 或x3， 所以a4，b3. (2)函數的定

20、義域為3，5，顯然有f(x)0，由柯西不等式可得： f(x)4x33 5x 4232 （x3）2（ 5x）25 2， 當且僅當 4 5x3x3時等號成立， 即x10725時，函數取得最大值 5 2. 21 (本小題滿分 12 分)已知函數f(x)k|x3|，kR， 且f(x3)0 的解集為1，1 (1)求k的值； (2)若a，b，c是正實數，且1ka12kb13kc1.求證：a2b3c9. (1)解：因為f(x)k|x3|， 所以f(x3)0 等價于|x|k， 由|x|k有解，得k0，且解集為k，k 因為f(x3)0 的解集為1，1 因此k1. (2)證明：由(1)知1a12b13c1，因為a

21、，b，c為正實數 所以a2b3c(a2b3c)1a12b13c3a2b2baa3c3ca2b3c3c2b32a2b2ba2a3c3ca22b3c3c2b9， 當且僅當a2b3c時等號成立 因此a2b3c9. 22(本小題滿分 12 分)已知a，b，c為實數，且abc22m0，a214b219c2m10. (1)求證：a214b219c2（abc）214； 6 E D B C 3 1 9 1 F 2 3 5 1 D D 8 1 5 F F 3 3 D 4 4 3 5 F 3 7 5 6 E D B C 3 1 9 1 F 2 3 5 1 D D 8 1 5 F F 3 3 D 4 4 3 5 F

22、 3 7 5 6 E D B C 3 1 9 1 F 2 3 5 1 D D 8 1 5 F F 3 3 D 4 4 3 5 F 3 7 5 6 E D B C 3 1 9 1 F 2 3 5 1 D D 8 1 5 F F 3 3 D 4 4 3 5 F 3 7 5 6 E D B C 3 1 9 1 F 2 3 5 1 D D 8 1 5 F F 3 3 D 4 4 3 5 F 3 7 5 6 E D B C 3 1 9 1 F 2 3 5 1 D D 8 1 5 F F 3 3 D 4 4 3 5 F 3 7 5 (2)求實數m的取值范圍 (1)證明：由柯西不等式，得 a212b213c2(122232)(abc)2. 即a214b219c214(abc)2. 所以a214b219c2（abc）214， 當且僅當|a|14|b|19|c|時取等號 (2)解：由已知，得abc2m2， a214b219c21m， 所以 14(1m)(2m2)2，即 2m23m50， 所以52m1， 又因為a214b219c21m0， 所以m1，所以52m1.