《高考物理大一輪復(fù)習(xí) 第10章 電磁感應(yīng) 第4節(jié) 微專題4 電磁感應(yīng)中的“桿 導(dǎo)軌”模型課時規(guī)范訓(xùn)練》由會員分享,可在線閱讀,更多相關(guān)《高考物理大一輪復(fù)習(xí) 第10章 電磁感應(yīng) 第4節(jié) 微專題4 電磁感應(yīng)中的“桿 導(dǎo)軌”模型課時規(guī)范訓(xùn)練(8頁珍藏版)》請在裝配圖網(wǎng)上搜索。
1、
第4節(jié) 微專題4 電磁感應(yīng)中的“桿 導(dǎo)軌”模型
課時規(guī)范訓(xùn)練
[基礎(chǔ)鞏固題組]
1.如圖,在磁感應(yīng)強(qiáng)度為B、方向垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場中,金屬桿MN在平行金屬導(dǎo)軌上以速度v向右勻速滑動,MN中產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢為E1;若磁感應(yīng)強(qiáng)度增為2B,其他條件不變,MN中產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢變?yōu)镋2.則通過電阻R的電流方向及E1與E2之比E1∶E2分別為( )
A.c→a,2∶1 B.a(chǎn)→c,2∶1
C.a(chǎn)→c,1∶2 D.c→a,1∶2
解析:選C.桿MN向右勻速滑動,由右手定則判知,通過R的電流方向為a→c;又因為E=BLv,所以E1∶E2=1∶2,故選項C正確.
2.(多選)如
2、圖,水平放置的金屬導(dǎo)體框abcd,ab、cd邊平行、間距為l,導(dǎo)體框內(nèi)均有垂直于框面、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B的勻強(qiáng)磁場,一單位長度電阻為r的金屬桿MN,與導(dǎo)軌成θ角,以速度v沿平行于cd的方向勻速滑動,金屬桿滑動過程中與導(dǎo)軌接觸良好,導(dǎo)軌框電阻不計,則( )
A.M點電勢低于N點電勢
B.閉合回路中磁通量的變化率為Blv
C.金屬桿所受安培力的方向與運動方向相反
D.金屬桿所受安培力的大小為
解析:選BD.由右手定則可知M點電勢高于N點電勢,故A錯誤.根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律可得E==Blv,故B正確.由左手定則知,金屬桿所受安培力方向垂直于MN斜向上,故C錯誤.由E=Blv,I=,
3、R=r,F(xiàn)=BI,解得F=,故D正確.
3.如圖所示,兩根間距為l的光滑平行金屬導(dǎo)軌與水平面夾角為α,圖中虛線下方區(qū)域內(nèi)存在磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場,磁場方向垂直于斜面向上.兩金屬桿質(zhì)量均為m,電阻均為R,垂直于導(dǎo)軌放置.開始時金屬桿ab處在距磁場上邊界一定距離處,金屬桿cd處在導(dǎo)軌的最下端,被與導(dǎo)軌垂直的兩根小柱擋住.現(xiàn)將金屬桿ab由靜止釋放,金屬桿ab剛進(jìn)入磁場便開始做勻速直線運動.已知重力加速度為g,則( )
A.金屬桿ab進(jìn)入磁場時感應(yīng)電流的方向為由a到b
B.金屬桿ab進(jìn)入磁場時速度大小為
C.金屬桿ab進(jìn)入磁場后產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢為
D.金屬桿ab進(jìn)入磁場后,金屬桿c
4、d對兩根小柱的壓力大小為零
解析:選B.由右手定則可知,金屬桿ab進(jìn)入磁場時產(chǎn)生的感應(yīng)電流的方向為由b到a,故A錯誤;因金屬桿ab剛進(jìn)入磁場便開始做勻速直線運動,則有mgsin α=,解得v=,故B正確;金屬桿ab進(jìn)入磁場后產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢E=Blv,解得E=,故C錯誤;由左手定則可知,金屬桿cd受到的安培力與斜面平行且向下,則金屬桿cd對兩根小柱的壓力不為零,故D錯誤.
4.CD、EF是兩條水平放置的電阻可忽略的平行金屬導(dǎo)軌,導(dǎo)軌間距為L,在水平導(dǎo)軌的左側(cè)存在磁感應(yīng)強(qiáng)度方向垂直導(dǎo)軌平面向上的勻強(qiáng)磁場,磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B,磁場區(qū)域的長度為d,如圖所示.導(dǎo)軌的右端接有一電阻R,左端與一彎曲的
5、光滑軌道平滑連接.將一阻值也為R的導(dǎo)體棒從彎曲軌道上h高處由靜止釋放,導(dǎo)體棒最終恰好停在磁場的右邊界處.已知導(dǎo)體棒與水平導(dǎo)軌接觸良好,且動摩擦因數(shù)為μ,則下列說法中正確的是( )
A.電阻R的最大電流為
B.流過電阻R的電荷量為
C.整個電路中產(chǎn)生的焦耳熱為mgh
D.電阻R中產(chǎn)生的焦耳熱為mg(h-μd)
解析:選D.由題圖可知,導(dǎo)體棒剛進(jìn)入磁場的瞬間速度最大,產(chǎn)生的感應(yīng)電流最大,由機(jī)械能守恒有mgh=mv2,所以I===,A錯誤;流過R的電荷量為q= t==,B錯誤;由能量守恒定律可知整個電路中產(chǎn)生的焦耳熱為Q=mgh-μmgd,C錯誤;由于導(dǎo)體棒的電阻也為R,則電阻R中產(chǎn)
6、生的焦耳熱為Q=mg(h-μd),D正確.
5.(多選)如圖所示,足夠長的“U”形光滑金屬導(dǎo)軌平面與水平面成θ角(0<θ<90),其中MN與PQ平行且間距為L,導(dǎo)軌平面與磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B的勻強(qiáng)磁場垂直,導(dǎo)軌電阻不計.金屬棒ab由靜止開始沿導(dǎo)軌下滑,并與兩導(dǎo)軌始終保持垂直且接觸良好,ab棒接入電路的部分的電阻為R,當(dāng)流過ab棒某一橫截面的電荷量為q時,棒的速度大小為v,則金屬棒ab在這一過程中( )
A.a(chǎn)點的電勢高于b點的電勢
B.a(chǎn)b棒中產(chǎn)生的焦耳熱小于ab棒重力勢能的減少量
C.下滑的位移大小為
D.受到的最大安培力大小為sin θ
解析:選ABC.由右手定則可知a點相
7、當(dāng)于電源的正極,b點相當(dāng)于電源的負(fù)極,故A正確;由能量守恒可知ab棒重力勢能的減少量等于ab棒中產(chǎn)生的焦耳熱與ab棒的動能之和,故B正確;由q==可得,下滑的位移大小為x=,故C正確;金屬棒ab在這一過程中受到的安培力大小為F=BIL,I最大為,故最大安培力大小為,故D錯誤.
6.(多選)如圖甲所示,水平面上兩根足夠長的金屬導(dǎo)軌平行固定放置,間距為L,一端通過導(dǎo)線與阻值為R的電阻連接.導(dǎo)軌上放一質(zhì)量為m的金屬桿,金屬桿、導(dǎo)軌的電阻均忽略不計,勻強(qiáng)磁場垂直導(dǎo)軌平面向下.用與導(dǎo)軌平行的恒定拉力F作用在金屬桿上,桿最終將做勻速運動.當(dāng)改變拉力的大小時,金屬桿做勻速運動時的速度v也會變化,v和F的關(guān)
8、系如圖乙所示.下列說法正確的是( )
A.金屬桿在勻速運動之前做勻加速直線運動
B.流過電阻R的電流方向為a→R→b
C.由圖象可以得出B、L、R三者的關(guān)系式為=
D.當(dāng)恒力F=3 N時,電阻R消耗的最大電功率為8 W
解析:選BD.金屬桿在勻速運動之前,隨著運動速度的增大,由F安=可知金屬桿所受的安培力增大,由牛頓第二定律可知金屬桿的加速度減小,故金屬桿做加速度減小的加速運動,選項A錯誤;由楞次定律可知,流過電阻R的電流方向為a→R→b,選項B正確;因為圖象與橫軸交點等于金屬桿所受摩擦力的大小,故由圖象可知金屬桿所受的摩擦力為Ff=1 N,金屬桿勻速運動時有F-Ff=F安=,
9、則可得==,選項C錯誤;當(dāng)恒力F=3 N時,金屬桿受到的安培力大小為F安=F-Ff=2 N,金屬桿勻速運動的速度為4 m/s,所以金屬桿克服安培力做功的功率P=8 W,轉(zhuǎn)化為電能的功率為8 W,故電阻R消耗的最大電功率為8 W,選項D正確.
[綜合應(yīng)用題組]
7. 如圖所示,兩條足夠長的平行金屬導(dǎo)軌相距L,與水平面的夾角為θ,整個空間存在垂直于導(dǎo)軌平面的勻強(qiáng)磁場,磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為B,虛線上方軌道光滑且磁場方向垂直導(dǎo)軌平面向上,虛線下方軌道粗糙且磁場方向垂直導(dǎo)軌平面向下.當(dāng)導(dǎo)體棒EF以初速度v0沿導(dǎo)軌上滑至最大高度的過程中,導(dǎo)體棒MN一直靜止在導(dǎo)軌上,若兩導(dǎo)體棒質(zhì)量均為m、電阻均為R,導(dǎo)軌
10、電阻不計,重力加速度為g,在此過程中導(dǎo)體棒EF上產(chǎn)生的電熱為Q,求:
(1)導(dǎo)體棒MN受到的最大摩擦力;
(2)導(dǎo)體棒EF上升的最大高度.
解析:(1)EF獲得向上初速度v0時,產(chǎn)生感應(yīng)電動勢E=BLv0,電路中電流為I,由閉合電路的歐姆定律有
I=,
此時對導(dǎo)體棒MN受力分析,由平衡條件有
FA+mgsin α=Ff,F(xiàn)A=BIL,
解得Ff=+mgsin θ.
(2)導(dǎo)體棒EF上升過程MN一直靜止,對系統(tǒng)由能的轉(zhuǎn)化和守恒定律有mv=mgh+2Q,解得h=.
答案:(1)+mgsin θ (2)
8.如圖甲所示,足夠長的光滑導(dǎo)軌傾角為30,間距L=1 m,電阻不計,
11、恒定的非勻強(qiáng)磁場方向垂直于斜面向下,電阻R=1 Ω,導(dǎo)體棒ab質(zhì)量m=0.25 kg,其電阻r=1 Ω,垂直于導(dǎo)軌放置.現(xiàn)導(dǎo)體棒ab從磁場上邊界由靜止下滑,測得導(dǎo)體棒所到達(dá)位置的磁感應(yīng)強(qiáng)度B與導(dǎo)體棒在該位置速度之間的關(guān)系如圖乙所示,(g取10 m/s2)
(1)求導(dǎo)體棒下滑2 s時的速度和位移;
(2)求導(dǎo)體棒下滑2 s內(nèi)回路中產(chǎn)生的焦耳熱.
解析:(1)由題圖乙可知,棒下滑的任意狀態(tài)有
B2v=0.5 T2ms-1
對棒下滑過程中某一狀態(tài)由牛頓第二定律得
mgsin 30-=ma
代入數(shù)據(jù)可得導(dǎo)體棒的加速度a=4 m/s2
可見導(dǎo)體棒在斜面上做a=4 m/s2的勻加速直線
12、運動
棒在2 s內(nèi)的位移x=at2=8 m
2 s末的速度v=at=8 m/s
(2)由能量守恒得mgxsin 30=mv2+Q
代入數(shù)據(jù)解得Q=2 J.
答案:(1)8 m/s 8 m (2)2 J
9.如圖甲所示,兩根足夠長平行金屬導(dǎo)軌MN、PQ相距為L,導(dǎo)軌平面與水平面夾角為α,金屬棒ab垂直于MN、PQ放置在導(dǎo)軌上,且始終與導(dǎo)軌接觸良好,金屬棒的質(zhì)量為m.導(dǎo)軌處于勻強(qiáng)磁場中,磁場的方向垂直于導(dǎo)軌平面斜向上,磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B.金屬導(dǎo)軌的上端與開關(guān)S、定值電阻R1和電阻箱R2相連.不計一切摩擦,不計導(dǎo)軌、金屬棒的電阻,重力加速度為g.現(xiàn)在閉合開關(guān)S,將金屬棒由靜止釋放.
13、
(1)判斷金屬棒ab中電流的方向;
(2)若電阻箱R2接入電路的阻值為0,當(dāng)金屬棒下降高度為h時,速度為v,求此過程中定值電阻上產(chǎn)生的焦耳熱Q;
(3)當(dāng)B=0.40 T,L=0.50 m,α=37時,金屬棒能達(dá)到的最大速度vm隨電阻箱R2阻值的變化關(guān)系,如圖乙所示.取g=10 m/s2,sin 37=0.60,cos 37=0.80.求R1的阻值和金屬棒的質(zhì)量m.
解析:(1)由右手定則可知,金屬棒ab中的電流方向為由b到a.
(2)由能量守恒定律知,金屬棒減少的重力勢能等于增加的動能和電路中產(chǎn)生的焦耳熱 ,即mgh=mv2+Q
則Q=mgh-mv2.
(3)金屬棒達(dá)到最大速度
14、vm時,切割磁感線產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢:
E=BLvm
由閉合電路的歐姆定律得:I=
從b端向a端看,金屬棒受力如圖所示
金屬棒達(dá)到最大速度時,滿足:
mgsin α-BIL=0
由以上三式得
vm=(R2+R1)
由圖乙可知:斜率
k= ms-1Ω-1=15 ms-1Ω-1,
縱軸截距v=30 m/s
所以R1=v,=k
解得R1=2.0 Ω,m=0.1 kg
答案:(1)b→a (2)mgh-mv2 (3)2.0 Ω 0.1 kg
10.如圖所示,電阻不計、間距L=1 m、足夠長的光滑金屬導(dǎo)軌ab、cd與水平面成θ=37角,導(dǎo)軌平面矩形區(qū)域efhg內(nèi)分布著磁感應(yīng)
15、強(qiáng)度大小B=1 T、方向垂直導(dǎo)軌平面向上的勻強(qiáng)磁場,邊界ef、gh之間的距離D=1.4 m.現(xiàn)將質(zhì)量m=0.1 kg、電阻R= Ω的導(dǎo)體棒P、Q相隔Δt=0.2 s先后從導(dǎo)軌頂端由靜止自由釋放,P、Q在導(dǎo)軌上運動時始終與導(dǎo)軌垂直且接觸良好,P進(jìn)入磁場時恰好勻速運動,Q穿出磁場時速度為2.8 m/s.已知重力加速度g=10 m/s2,sin 37=0.6,求:
(1)導(dǎo)軌頂端與磁場上邊界ef之間的距離s;
(2)從導(dǎo)體棒P釋放到Q穿出磁場的過程,回路中產(chǎn)生的焦耳熱Q總.
解析:(1)設(shè)P進(jìn)入磁場時的速度為v1,由法拉第電磁感應(yīng)定律有E=BLv1
由閉合電路歐姆定律有I=,安培力F=B
16、IL,
P勻速運動有F=mgsin θ,聯(lián)立解得v1=2 m/s,
P從ac到ef過程,由牛頓第二定律有a=gsin θ,由運動學(xué)公式有s=,
解得s= m≈0.33 m.
(2)P進(jìn)入磁場以速度v1勻速運動,Δt=0.2 s后,Q恰好進(jìn)入磁場,速度也為v1=2 m/s.之后,P、Q以加速度a勻加速運動,P出磁場以后繼續(xù)以加速度a勻加速運動,而Q在安培力作用下減速運動,直到穿出磁場區(qū)域.
P在磁場中勻速運動的位移x1=v1Δt,
此過程回路產(chǎn)生的焦耳熱Q1=mgx1sin θ,
P、Q一起勻加速運動的位移x2=D-x1,
設(shè)P剛好出磁場時,P、Q的速度為v,由運動學(xué)公式有v2-
17、v=2ax2,解得v=4 m/s,
P出磁場后Q做減速運動,Q出磁場時的速度v2=2.8 m/s,運動的位移x3=x1,
Q減速運動過程中回路產(chǎn)生的焦耳熱Q2=mgx3sin θ+mv2-mv,所以,全過程回路中的焦耳熱為Q總=Q1+Q2=0.888 J.
答案:(1)0.33 m (2)0.888 J
6EDBC3191F2351DD815FF33D4435F3756EDBC3191F2351DD815FF33D4435F3756EDBC3191F2351DD815FF33D4435F3756EDBC3191F2351DD815FF33D4435F3756EDBC3191F2351DD815FF33D4435F3756EDBC3191F2351DD815FF33D4435F375