《新課標(biāo)高考數(shù)學(xué)二輪復(fù)習(xí) 專題一集合邏輯用語(yǔ)不等式向量復(fù)數(shù)算法推理 專題能力訓(xùn)練3平面向量與復(fù)數(shù)理》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《新課標(biāo)高考數(shù)學(xué)二輪復(fù)習(xí) 專題一集合邏輯用語(yǔ)不等式向量復(fù)數(shù)算法推理 專題能力訓(xùn)練3平面向量與復(fù)數(shù)理（6頁(yè)珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1、 精品資料 專題能力訓(xùn)練3　平面向量與復(fù)數(shù) 能力突破訓(xùn)練 1.(2017全國(guó)Ⅰ,理3)設(shè)有下面四個(gè)命題 p1:若復(fù)數(shù)z滿足1z∈R,則z∈R; p2:若復(fù)數(shù)z滿足z2∈R,則z∈R; p3:若復(fù)數(shù)z1,z2滿足z1z2∈R,則z1=z2; p4:若復(fù)數(shù)z∈R,則z∈R. 其中的真命題為(　　) 　　　　　　　　　　　　　　　　 A.p1,p3 B.p1,p4 C.p2,p3 D.p2,p4 2.設(shè)a,b是兩個(gè)非零向量,則下列結(jié)論一定成立的為(　　) A.若|a+b|=|a|-|b|,則a⊥b B.若a⊥b,則|a

2、+b|=|a|-|b| C.若|a+b|=|a|-|b|,則存在實(shí)數(shù)λ,使得b=λa D.若存在實(shí)數(shù)λ,使得b=λa,則|a+b|=|a|-|b| 3.若z=1+2i,則4izz-1=(　　) A.1 B.-1 C.i D.-i 4.在復(fù)平面內(nèi),若復(fù)數(shù)z的對(duì)應(yīng)點(diǎn)與5i1+2i的對(duì)應(yīng)點(diǎn)關(guān)于虛軸對(duì)稱,則z=(　　) A.2-i B.-2-i C.2+i D.-2+i 5.已知向量a=(1,-1),b=(-1,2),則(2a+b)a=(　　) A.-1 B.0 C.1 D.2 6.下面是關(guān)于復(fù)數(shù)z=2-1+i的四個(gè)命題: p1:|z|=2,p2:z2=2i, p3:z

3、的共軛復(fù)數(shù)為1+i,p4:z的虛部為-1, 其中的真命題為(　　) A.p2,p3 B.p1,p2 C.p2,p4 D.p3,p4 7.已知菱形ABCD的邊長(zhǎng)為a,∠ABC=60,則BDCD= (　　) A.-32a2 B.-34a2 C.34a2 D.32a2 8.已知非零向量m,n滿足4|m|=3|n|,cos=13.若n⊥(tm+n),則實(shí)數(shù)t的值為(　　) A.4 B.-4 C.94 D.-94 9.(2017浙江,10)如圖,已知平面四邊形ABCD,AB⊥BC,AB=BC=AD=2,CD=3,AC與BD交于點(diǎn)O,記I1=OAOB,I2=OBOC,I3=

4、OCOD,則(　　) A.I1

5、　　　,ab=　　　　　. 14.設(shè)D,E分別是△ABC的邊AB,BC上的點(diǎn),|AD|=12|AB|,|BE|=23|BC|.若DE=λ1AB+λ2AC(λ1,λ2為實(shí)數(shù)),則λ1+λ2的值為　　　　　. 思維提升訓(xùn)練 15.在△ABC中,已知D是AB邊上一點(diǎn),CD=13CA+λCB,則實(shí)數(shù)λ=(　　) A.-23 B.-13 C.13 D.23 16.已知AB⊥AC,|AB|=1t,|AC|=t.若點(diǎn)P是△ABC所在平面內(nèi)的一點(diǎn),且AP=AB|AB|+4AC|AC|,則PBPC的最大值等于(　　) A.13 B.15 C.19 D.21 17.已知兩點(diǎn)M(-3,0),N

6、(3,0),點(diǎn)P為坐標(biāo)平面內(nèi)一動(dòng)點(diǎn),且|MN||MP|+MNNP=0,則動(dòng)點(diǎn)P(x,y)到點(diǎn)M(-3,0)的距離d的最小值為(　　) A.2 B.3 C.4 D.6 18.(2017浙江,15)已知向量a,b滿足|a|=1,|b|=2,則|a+b|+|a-b|的最小值是　　　　　,最大值是　　　　　. 19.在任意四邊形ABCD中,E,F分別是AD,BC的中點(diǎn),若EF=λAB+μDC,則λ+μ=　　　　. 20.(2017天津,理9)已知a∈R,i為虛數(shù)單位,若a-i2+i為實(shí)數(shù),則a的值為　　　　　. 參考答案 專題能力訓(xùn)練3　平面向量與復(fù)數(shù) 能力突破訓(xùn)練 1

7、.B　解析p1:設(shè)z=a+bi(a,b∈R),則1z=1a+bi=a-bia2+b2∈R,所以b=0,所以z∈R.故p1正確; p2:因?yàn)閕2=-1∈R,而z=i?R,故p2不正確; p3:若z1=1,z2=2,則z1z2=2,滿足z1z2∈R,而它們實(shí)部不相等,不是共軛復(fù)數(shù),故p3不正確; p4:實(shí)數(shù)的虛部為0,它的共軛復(fù)數(shù)是它本身,也屬于實(shí)數(shù),故p4正確. 2.C　解析設(shè)向量a與b的夾角為θ.對(duì)于A,可得cosθ=-1,因此a⊥b不成立;對(duì)于B,滿足a⊥b時(shí)|a+b|=|a|-|b|不成立;對(duì)于C,可得cosθ=-1,因此成立,而D顯然不一定成立. 3.C　解析由題意知z=1-2

8、i,則 4izz-1=4i(1+2i)(1-2i)-1=4i5-1=i,故選C. 4.D　解析5i1+2i=5i(1-2i)(1+2i)(1-2i)=5(i+2)5=2+i所對(duì)應(yīng)的點(diǎn)為(2,1),它關(guān)于虛軸對(duì)稱的點(diǎn)為(-2,1),故z=-2+i. 5.C　解析∵2a+b=(1,0),又a=(1,-1), ∴(2a+b)a=1+0=1. 6.C　解析z=2(-1-i)(-1+i)(-1-i)=-1-i,故|z|=2,p1錯(cuò)誤;z2=(-1-i)2=(1+i)2=2i,p2正確;z的共軛復(fù)數(shù)為-1+i,p3錯(cuò)誤;p4正確. 7.D　 解析如圖,設(shè)BA=a,BC=b.則BDCD=(

9、BA+BC)BA=(a+b)a=a2+ab=a2+aacos60=a2+12a2=32a2. 8.B　解析由4|m|=3|n|,可設(shè)|m|=3k,|n|=4k(k>0), 又n⊥(tm+n),所以n(tm+n)=ntm+nn=t|m||n|cos+|n|2=t3k4k13+(4k)2=4tk2+16k2=0.所以t=-4,故選B. 9.C　解析由題圖可得OA<12AC90,∠BOC<90, 所以I2=OBOC>0,I1=OAOB<0,I3=OCOD<0,且|I1|<|I3|, 所以I3

10、　解析因?yàn)閨a+2b|2=(a+2b)2=|a|2+4|a||b|cos60+4|b|2=22+42112+41=12, 所以|a+2b|=12=23. 11.311　解析∵BD=2DC,∴AD=AB+BD=AB+23BC=AB+23(AC-AB)=23AC+13AB. 又AE=λAC-AB,∠A=60,AB=3,AC=2,ADAE=-4, ∴ABAC=3212=3,23AC+13AB(λAC-AB)=-4, 即2λ3AC2-13AB2+λ3-23ABAC=-4, ∴2λ34-139+λ3-233=-4,即113λ-5=-4,解得λ=311. 12.-1　解析∵(1+i)(a+i

11、)=a-1+(a+1)i∈R,∴a+1=0,即a=-1. 13.5　2　解析由題意可得a2-b2+2abi=3+4i, 則a2-b2=3,ab=2,解得a2=4,b2=1,則a2+b2=5,ab=2. 14.12　解析由題意DE=DB+BE=12AB+23BC=12AB+23(BA+AC)=-16AB+23AC,故λ1=-16,λ2=23,即λ1+λ2=12. 思維提升訓(xùn)練 15.D　解析如圖,D是AB邊上一點(diǎn), 過點(diǎn)D作DE∥BC,交AC于點(diǎn)E,過點(diǎn)D作DF∥AC,交BC于點(diǎn)F,則CD=CE+CF. 因?yàn)镃D=13CA+λCB, 所以CE=13CA,CF=λCB. 由△

12、ADE∽△ABC,得DEBC=AEAC=23, 所以ED=CF=23CB,故λ=23. 16.A　解析以點(diǎn)A為原點(diǎn),AB,AC所在直線分別為x軸、y軸建立平面直角坐標(biāo)系,如圖, 則A(0,0),B1t,0,C(0,t), ∴AB|AB|=(1,0),AC|AC|=(0,1), ∴AP=AB|AB|+4AC|AC|=(1,0)+4(0,1)=(1,4), ∴點(diǎn)P的坐標(biāo)為(1,4),PB=1t-1,-4,PC=(-1,t-4),∴PBPC=1-1t-4t+16=-1t+4t+17≤-4+17=13. 當(dāng)且僅當(dāng)1t=4t,即t=12時(shí)取“=”, ∴PBPC的最大值為13. 17

13、.B　解析因?yàn)镸(-3,0),N(3,0),所以MN=(6,0),|MN|=6,MP=(x+3,y),NP=(x-3,y).由|MN||MP|+MNNP=0,得6(x+3)2+y2+6(x-3)=0,化簡(jiǎn)得y2=-12x,所以點(diǎn)M是拋物線y2=-12x的焦點(diǎn),所以點(diǎn)P到M的距離的最小值就是原點(diǎn)到M(-3,0)的距離,所以dmin=3. 18.4　25　解析設(shè)向量a,b的夾角為θ, 由余弦定理得|a-b|=12+22-212cosθ=5-4cosθ, |a+b|=12+22-212cos(π-θ)=5+4cosθ, 則|a+b|+|a-b|=5+4cosθ+5-4cosθ. 令y=5+

14、4cosθ+5-4cosθ, 則y2=10+225-16cos2θ∈[16,20], 據(jù)此可得(|a+b|+|a-b|)max=20=25,(|a+b|+|a-b|)min=16=4. 即|a+b|+|a-b|的最小值是4,最大值是25. 19.1　解析 如圖,因?yàn)镋,F分別是AD與BC的中點(diǎn),所以EA+ED=0,BF+CF=0. 又因?yàn)锳B+BF+FE+EA=0,所以EF=AB+BF+EA. ① 同理EF=ED+DC+CF.② 由①+②得,2EF=AB+DC+(EA+ED)+(BF+CF)=AB+DC, 所以EF=12(AB+DC).所以λ=12,μ=12. 所以λ+μ=1. 20.-2　解析∵a-i2+i=(a-i)(2-i)(2+i)(2-i)=2a-15-a+25i為實(shí)數(shù), ∴-a+25=0,即a=-2.