《新版高考數(shù)學(xué)一輪復(fù)習(xí)學(xué)案訓(xùn)練課件： 第8章 平面解析幾何 第9節(jié) 第1課時(shí) 直線與圓錐曲線的位置關(guān)系學(xué)案 理 北師大版》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《新版高考數(shù)學(xué)一輪復(fù)習(xí)學(xué)案訓(xùn)練課件： 第8章 平面解析幾何 第9節(jié) 第1課時(shí) 直線與圓錐曲線的位置關(guān)系學(xué)案 理 北師大版（7頁珍藏版）》請?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1、 1

2、 1 第九節(jié)　圓錐曲線的綜合問題 [考綱傳真]　(教師用書獨(dú)具)1.掌握解決直線與橢圓、拋物線的位置關(guān)系的思想方法；2.了解圓錐曲線的簡單應(yīng)用；3.理解數(shù)形結(jié)合的思想． (對應(yīng)學(xué)生用書第148頁) [基礎(chǔ)知識填充] 1．直線與圓錐曲線的位置關(guān)系 設(shè)直線l：Ax＋By＋C＝0，圓錐曲線C：F(x，y)＝0， 由消去y得到關(guān)于x的方程ax2＋bx＋c＝0. (1)當(dāng)a

3、≠0時(shí)，設(shè)一元二次方程ax2＋bx＋c＝0的判別式為Δ，則Δ＞0?直線l與圓錐曲線C有兩個(gè)公共點(diǎn)； Δ＝0?直線l與圓錐曲線C有一個(gè)公共點(diǎn)； Δ＜0?直線l與圓錐曲線C有零個(gè)公共點(diǎn)． (2)當(dāng)a＝0，b≠0時(shí)，即得到一個(gè)一元一次方程． 當(dāng)C為雙曲線時(shí)，l與雙曲線的漸近線平行或重合，它們的公共點(diǎn)有1個(gè)或0個(gè)． 當(dāng)C為拋物線時(shí)，l與拋物線的對稱軸平行或重合，它們的公共點(diǎn)有1個(gè)． 2．圓錐曲線的弦長公式 設(shè)斜率為k的直線l與圓錐曲線C相交于A，B兩點(diǎn)，A(x1，y1)，B(x2，y2)，則|AB|＝＝·|x1－x2|＝·＝·. [知識拓展]　過一點(diǎn)的直線與圓錐曲線的位置關(guān)系 (1)

4、過橢圓外一點(diǎn)總有兩條直線與橢圓相切； 過橢圓上一點(diǎn)有且只有一條直線與橢圓相切； 過橢圓內(nèi)一點(diǎn)的直線與橢圓相交． (2)過拋物線外一點(diǎn)總有三條直線和拋物線有且只有一個(gè)公共點(diǎn)：兩條切線和一條與對稱軸平行或重合的直線；過拋物線上一點(diǎn)總有兩條直線與拋物線有且只有一個(gè)公共點(diǎn)：一條切線和一條與對稱軸平行或重合的直線； 過拋物線內(nèi)一點(diǎn)只有一條直線與拋物線有且只有一個(gè)公共點(diǎn)：一條與對稱軸平行或重合的直線． [基本能力自測] 1．(思考辨析)判斷下列結(jié)論的正誤．(正確的打“√”，錯(cuò)誤的打“×”) (1)直線l與橢圓C相切的充要條件是直線l與橢圓C只有一個(gè)公共點(diǎn)．(　　) (2)直線l與雙曲線C相

5、切的充要條件是直線l與雙曲線C只有一個(gè)公共點(diǎn)．(　　) (3)過拋物線y2＝2px(p>0)焦點(diǎn)的弦中最短弦的弦長是2p.(　　) (4)若拋物線上存在關(guān)于直線l對稱的兩點(diǎn)，則l與拋物線有兩個(gè)交點(diǎn)．(　　) [解析]　(1)對．橢圓是個(gè)封閉圖形，直線與橢圓只有一個(gè)公共點(diǎn)時(shí)，一定相切． (2)錯(cuò)．當(dāng)直線l與漸近線平行時(shí)，直線與雙曲線只有一個(gè)交點(diǎn)，但不相切． (3)對．可轉(zhuǎn)化為到準(zhǔn)線的距離來證明(3)正確． (4)錯(cuò)．當(dāng)直線l為對稱軸時(shí)，l與拋物線有一個(gè)交點(diǎn)． [答案]　(1)√　(2)×　(3)√　(4)× 2．(教材改編)直線y＝k(x－1)＋1與橢圓＋＝1的位置關(guān)系是(　　)

6、 A．相交　　　　　 B．相切 C．相離 D．不確定 A　[直線y＝k(x－1)＋1恒過定點(diǎn)(1,1)，又點(diǎn)(1,1)在橢圓內(nèi)部，故直線與橢圓相交．] 3．過點(diǎn)(0,1)作直線，使它與拋物線y2＝4x僅有一個(gè)公共點(diǎn)，這樣的直線有(　　) A．1條 B．2條 C．3條 D．4條 C　[結(jié)合圖形分析可知，滿足題意的直線共有3條：一條過點(diǎn)(0,1)且平行于x軸的直線，兩條過點(diǎn)(0,1)且與拋物線相切的直線．] 4．直線y＝x＋3與雙曲線－＝1(a＞0，b＞0)的交點(diǎn)個(gè)數(shù)是(　　) A．1 B．2 C．1或2 D．0 A　[因?yàn)橹本€y＝x＋3與雙曲線的漸近線y＝x平行，所以它與雙

7、曲線只有1個(gè)交點(diǎn)．] 5．過拋物線y2＝8x的焦點(diǎn)F作傾斜角為135°的直線，交拋物線于A，B兩點(diǎn)，則弦AB的長為________． 16　[設(shè)A(x1，y1)，B(x2，y2)，因?yàn)閽佄锞€y2＝8x的焦點(diǎn)為F(2,0)，直線AB的傾斜角為135°，故直線AB的方程為y＝－x＋2，代入拋物線方程y2＝8x，得x2－12x＋4＝0，則x1＋x2＝12，x1x2＝4，則|AB|＝x1＋x2＋4＝12＋4＝16.] 第1課時(shí)　直線與圓錐曲線的位置關(guān)系 (對應(yīng)學(xué)生用書第149頁) 直線與圓錐曲線的位置關(guān)系 　(20xx·全國卷Ⅰ)設(shè)A，B為曲線C：y＝上兩點(diǎn)，A與B的橫

8、坐標(biāo)之和為4. (1)求直線AB的斜率； (2)設(shè)M為曲線C上一點(diǎn)，C在M處的切線與直線AB平行，且AM⊥BM，求直線AB的方程． [解]　(1)設(shè)A(x1，y1)，B(x2，y2)， 則x1≠x2，y1＝，y2＝，x1＋x2＝4， 于是直線AB的斜率k＝＝＝1. (2)由 y＝，得y′＝. 設(shè)M(x3，y3)，由題設(shè)知＝1，解得x3＝2，于是M(2,1)． 設(shè)直線AB的方程為y＝x＋m， 故線段AB的中點(diǎn)為N(2,2＋m)，|MN|＝|m＋1|. 將y＝x＋m代入y＝得x2－4x－4m＝0. 當(dāng)Δ＝16(m＋1)>0，即m>－1時(shí)，x1,2＝2±2. 從而|AB|＝|

9、x1－x2|＝4. 由題設(shè)知|AB|＝2|MN|，即4＝2(m＋1)，解得m＝7. 所以直線AB的方程為y＝x＋7. [規(guī)律方法]　1.判斷直線與圓錐曲線的位置關(guān)系，一般是將直線與圓錐曲線方程聯(lián)立，消去x(或y)，判斷該方程組解的個(gè)數(shù)，方程組有幾組解，直線與圓錐曲線就有幾個(gè)交點(diǎn).但應(yīng)注意兩點(diǎn)： (1)消元后需要討論含x2(或y2)項(xiàng)的系數(shù)是否為0. (2)重視“判別式Δ”起的限制作用. 2.對于選擇題、填空題，要充分利用幾何條件，借助數(shù)形結(jié)合的思想方法直觀求解，優(yōu)化解題過程. [跟蹤訓(xùn)練]　已知直線l：y＝2x＋m，橢圓C：＋＝1.試問當(dāng)m取何值時(shí)，直線l與橢圓C： (1)有兩

10、個(gè)不重合的公共點(diǎn)； (2)有且只有一個(gè)公共點(diǎn)． [解]　將直線l的方程與橢圓C的方程聯(lián)立，得方程組將①代入②， 整理得9x2＋8mx＋2m2－4＝0.③ 方程③根的判別式Δ＝(8m)2－4×9×(2m2－4) ＝－8m2＋144. (1)當(dāng)Δ＞0，即－3＜m＜3時(shí)，方程③有兩個(gè)不同的實(shí)數(shù)根，可知方程組有兩組不同的實(shí)數(shù)解．這時(shí)直線l與橢圓C有兩個(gè)不重合的公共點(diǎn)． (2)當(dāng)Δ＝0，即m＝±3時(shí)，方程③有兩個(gè)相同的實(shí)數(shù)根，可知方程組有兩組相同的實(shí)數(shù)解．這時(shí)直線l與橢圓C有兩個(gè)互相重合的公共點(diǎn)，即直線l與橢圓C有且只有一個(gè)公共點(diǎn)． 弦長問題 　(20xx·廣州綜合測試(二

11、))已知雙曲線－y2＝1的焦點(diǎn)是橢圓C：＋＝1(a＞b＞0)的頂點(diǎn)，且橢圓與雙曲線的離心率互為倒數(shù). 【導(dǎo)學(xué)號：79140304】 (1)設(shè)橢圓C的方程； (2)設(shè)動(dòng)點(diǎn)M，N在橢圓C上，且|MN|＝，記直線MN在y軸上的截距為m，求m的最大值． [解]　(1)雙曲線－y2＝1的焦點(diǎn)坐標(biāo)為(±，0)，離心率為. 因?yàn)殡p曲線－y2＝1的焦點(diǎn)是橢圓C：＋＝1(a＞b＞0)的頂點(diǎn)，且橢圓與雙曲線的離心率互為倒數(shù)， 所以a＝，且＝，解得b＝1. 故橢圓C的方程為＋y2＝1. (2)因?yàn)閨MN|＝＞2，所以直線MN的斜率存在． 因?yàn)橹本€MN在y軸上的截距為m， 所以可設(shè)直線MN的方程

12、為y＝kx＋m. 代入橢圓的方程＋y2＝1中， 得(1＋6k2)x2＋12kmx＋6(m2－1)＝0. 因?yàn)棣ぃ?12km)2－24(1＋6k2)(m2－1) ＝24(1＋6k2－m2)＞0， 所以m2＜1＋6k2. 設(shè)M(x1，y1)，N(x2，y2)， 根據(jù)根與系數(shù)的關(guān)系得x1＋x2＝－， x1x2＝ 則|MN|＝|x1－x2| ＝· ＝· 因?yàn)閨MN|＝， 則·＝. 整理得m2＝. 令k2＋1＝t≥1，則k2＝t－1. 所以m2＝＝ ≤＝. 等號成立的條件是t＝，此時(shí)k2＝，m2＝滿足m2＜1＋6k2，符合題意． 故m的最大值為. [

13、規(guī)律方法]　弦長的三種常用計(jì)算方法 (1)定義法：過圓錐曲線的焦點(diǎn)的弦長問題，利用圓錐曲線的定義，可優(yōu)化解題. (2)點(diǎn)距法：將直線的方程和圓錐曲線的方程聯(lián)立，求出兩交點(diǎn)的坐標(biāo)，再運(yùn)用兩點(diǎn)間距離公式求弦長. (3)弦長公式法：它體現(xiàn)了解析幾何中設(shè)而不求的思想，其實(shí)質(zhì)是利用兩點(diǎn)之間的距離公式以及一元二次方程根與系數(shù)的關(guān)系得到的. 易錯(cuò)警示：直線與圓錐曲線的對稱軸平行或垂直的特殊情況. [跟蹤訓(xùn)練]　(20xx·宜春中學(xué)與新余一中聯(lián)考)設(shè)橢圓M：＋＝1(a＞b＞0)的離心率與雙曲線x2－y2＝1的離心率互為倒數(shù)，且橢圓的長軸長為4. (1)求橢圓M的方程； (2)若直線y＝x＋1交橢

14、圓M于A，B兩點(diǎn)，P(1，)為橢圓M上一點(diǎn)，求△PAB的面積． [解]　(1)由題可知，雙曲線的離心率為，則橢圓的離心率e＝＝， 由2a＝4，＝，b2＝a2－c2，得a＝2，c＝，b＝， 故橢圓M的方程為＋＝1. (2)聯(lián)立方程，得4x2＋2x－3＝0， 且，所以|AB|＝|x1－x2|＝·＝·＝.又P到直線AB的距離為d＝，所以S△PAB＝|AB|·d＝··＝. 中點(diǎn)弦問題 　(1)在橢圓＋＝1內(nèi)，通過點(diǎn)M(1,1)，且被這點(diǎn)平分的弦所在的直線方程為(　　) 【導(dǎo)學(xué)號：79140305】 A．x＋4y－5＝0　　 B．x－4y－5＝0 C．4x＋y－5＝0 D

15、．4x－y－5＝0 (2)如圖8-9-1，已知橢圓＋y2＝1上兩個(gè)不同的點(diǎn)A，B關(guān)于直線y＝mx＋對稱． 則實(shí)數(shù)m的取值范圍為________． (1)A　(2)∪　[(1)設(shè)直線與橢圓的交點(diǎn)為A(x1，y1)，B(x2，y2)， 則 由①－②， 得＋＝0， 因?yàn)? 所以＝－＝－， 所以所求直線方程為y－1＝－(x－1)， 即x＋4y－5＝0. (2)由題意知m≠0，可設(shè)直線AB的方程為 y＝－x＋B．由 消去y，得x2－x＋b2－1＝0. 因?yàn)橹本€y＝－x＋b與橢圓＋y2＝1有兩個(gè)不同的交點(diǎn)，所以Δ＝－2b2＋2＋＞0，① 將AB中點(diǎn)M代入直線方程y＝mx＋，解得

16、b＝－，② 由①②得m＜－或m＞.] [規(guī)律方法]　處理中點(diǎn)弦問題的常用方法 (1)點(diǎn)差法：即設(shè)出弦的兩端點(diǎn)坐標(biāo)后，代入圓錐曲線方程，并將兩式相減，式中含有x1＋x2，y1＋y2，三個(gè)未知量，這樣就直接聯(lián)系了中點(diǎn)和直線的斜率，借用中點(diǎn)公式即可求得斜率. (2)根與系數(shù)的關(guān)系：即聯(lián)立直線與圓錐曲線的方程，將其轉(zhuǎn)化為一元二次方程后由根與系數(shù)的關(guān)系求解. [跟蹤訓(xùn)練]　拋物線C的頂點(diǎn)為原點(diǎn)，焦點(diǎn)在x軸上，直線x－y＝0與拋物線C交于A，B兩點(diǎn)．若P(1,1)為線段AB的中點(diǎn)，則拋物線C的方程為(　　) A．y＝2x2 B．y2＝2x C．x2＝2y D．y2＝－2x B　[設(shè)A(x1，y1)，B(x2，y2)，拋物線方程為y2＝2px，則兩式相減可得2p＝·(y1＋y2)＝kAB·2＝2，即可得p＝1，∴拋物線C的方程為y2＝2x.]