《高考數(shù)學(xué)二輪課時(shí)作業(yè)：層級(jí)二 專題三 第2講 數(shù)列求和及綜合應(yīng)用 Word版含解析》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《高考數(shù)學(xué)二輪課時(shí)作業(yè)：層級(jí)二 專題三 第2講 數(shù)列求和及綜合應(yīng)用 Word版含解析（7頁(yè)珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1、 層級(jí)二 專題三 第2講 限時(shí)50分鐘　滿分76分 一、選擇題(本大題共6小題，每小題5分，共30分) 1．(2020·重慶七校聯(lián)考)若數(shù)列{an}滿足－＝0，則稱{an}為“夢(mèng)想數(shù)列”．已知正項(xiàng)數(shù)列為“夢(mèng)想數(shù)列”，且b1＋b2＋b3＝1，則b6＋b7＋b8＝(　　) A．4　　　　 B．16　　　　 C．32　　　 　D．64 解析：C　[由－＝0可得an＋1＝an，故{an}是公比為的等比數(shù)列，故是公比為的等比數(shù)列，則{bn}是公比為2的等比數(shù)列，b6＋b7＋b8＝(b1＋b2＋b3)×25＝32，故選C.] 2．(2020·江西省五校協(xié)作

2、體考試)設(shè)Sn是數(shù)列{an}的前n項(xiàng)和，若an＋Sn＝2n,2bn＝2an＋2－an＋1，則＋＋…＋＝(　　) A. B. C. D. 解析：D　[因?yàn)閍n＋Sn＝2n?、伲詀n＋1＋Sn＋1＝2n＋1?、冢冢俚?an＋1－an＝2n，所以2an＋2－an＋1＝2n＋1.又2bn＝2an＋2－an＋1＝2n＋1，所以bn＝n＋1，＝＝－，則＋＋…＋＝1－＋－＋…＋－＝1－＝，故選D.] 3．(2020·廣東省六校聯(lián)考)已知數(shù)列{an}滿足a1＋2a2＋3a3＋…＋nan＝(2n－1)·3n.設(shè)b

3、n＝，Sn為數(shù)列{bn}的前n項(xiàng)和，若Sn＜λ(λ為常數(shù)，n∈N*)，則λ的最小值是(　　) A. B. C. D. 解析：C　[a1＋2a2＋3a3＋…＋nan＝(2n－1)·3n，① 當(dāng)n≥2時(shí)，a1＋2a2＋3a3＋…＋(n－1)an－1＝(2n－3)·3n－1，② ①－②得，nan＝4n·3n－1(n≥2)，即an＝4·3n－1(n≥2)．當(dāng)n＝1時(shí)，a1＝3≠4，所以an＝ bn＝ 所以Sn＝＋＋＋…＋＝＋＋＋＋…＋，③　Sn＝＋＋＋＋…＋＋，④ ③－④得，Sn＝＋＋＋＋…＋

4、－＝＋－， 所以Sn＝－＜，所以易知λ的最小值是，故選C.] 4．(2019·青島三模)已知f(n)表示正整數(shù)n的所有因數(shù)中最大的奇數(shù)，例如：12的因數(shù)有1,2,3,4,6,12，則f(12)＝3；21的因數(shù)有1,3,7,21，則f(21)＝21，那么∑100,i＝51f(i)的值為(　　) A．2 488 B．2 495 C．2 498 D．2 500 解析：D　[由f(n)的定義知f(n)＝f(2n)，且若n為奇數(shù)則f(n)＝n， 則∑100,i＝1f(i)＝f(1)＋f(2)＋…＋f(100) ＝1＋3＋5＋

5、…＋99＋f(2)＋f(4)＋…＋f(100) ＝＋f(1)＋f(2)＋…＋f(50) ＝2 500＋∑50,i＝1f(i)， ∴∑100,i＝51f(i)＝∑100,i＝1f(i)－∑50,i＝1f(i)＝2 500.] 5．(2019·深圳二模)已知數(shù)列{an}滿足2a1＋22a2＋…＋2nan＝n(n∈N*)，數(shù)列的前n項(xiàng)和為Sn，則S1·S2·S3·…·S10＝(　　) A. B. C. D. 解析：C　[∵2a1＋22a2＋…＋2nan＝n(n∈N*)，∴2a1＋22a2＋…

6、＋2n－1an－1＝n－1(n≥2)，∴2nan＝1(n≥2)，當(dāng)n＝1時(shí)也滿足，故an＝，故＝＝＝－，Sn＝1－＋－＋…＋－＝1－＝，∴S1·S2·S3·…·S10＝×××…××＝，選C.] 6．(2019·濰坊三模)已知等差數(shù)列{an}中公差d≠0，a1＝1，a1，a2，a5成等比數(shù)列，且a1，a2，ak1，ak2，…，akn成等比數(shù)列，若對(duì)任意的n∈N*，恒有≤(m∈N*)，則m＝(　　) A．0 B．1 C．2 D．1或2 解析：D　[由已知可得，a＝a1·a5，即(1＋d)2＝1·(1＋4d)，又d≠

7、0，解得d＝2，所以an＝2n－1.因?yàn)閍1，a2，ak1，ak2，…，akn成等比數(shù)列，所以2kn－1＝3n＋1.令bn＝＝，設(shè)數(shù)列{bn}中的最大項(xiàng)為bl，故滿足解得1≤l≤2，即數(shù)列{bn}中的最大項(xiàng)為b1，b2，所以m＝1或2.] 二、填空題(本大題共2小題，每小題5分，共10分) 7．(2019·昆明三模)已知數(shù)列{an}中，a1＝a2＝1，an＋2＝則數(shù)列{an}的前20項(xiàng)和為_(kāi)_______． 解析：由題意可知，數(shù)列{a2n}是首項(xiàng)為1，公比為2的等比數(shù)列，數(shù)列{a2n－1}是首項(xiàng)為1，公差為2的等差數(shù)列，故數(shù)列{an}的前20項(xiàng)和為＋10×1＋×2＝1 123. 答案：

8、1 123 8．(2019·山師附中質(zhì)檢)將數(shù)列{an}中的所有項(xiàng)按每一行比上一行多1項(xiàng)的規(guī)則排成如下數(shù)陣： a1 a2，a3 a4，a5，a6 a7，a8，a9，a10 …… 記數(shù)陣中的第1列數(shù)a1，a2，a4，…，構(gòu)成的數(shù)列為{bn}，Sn為數(shù)列{bn}的前n項(xiàng)和，若Sn＝2bn－1，則a56＝________. 解析：當(dāng)n≥2時(shí)，∵Sn＝2bn－1，∴Sn－1＝2bn－1－1，∴bn＝2bn－2bn－1，∴bn＝2bn－1(n≥2且n∈N*)，∵b1＝2b1－1，∴b1＝1，∴數(shù)列{bn}是首項(xiàng)為1，公比為2的等比數(shù)列，∴bn＝2n－1. 設(shè)a1，a2，a4，a7，a1

9、1，…的下標(biāo)1,2,4,7,11，…構(gòu)成數(shù)列{cn}，則c2－c1＝1，c3－c2＝2，c4－c3＝3，c5－c4＝4，…，cn－cn－1＝n－1，累加得，cn－c1＝1＋2＋3＋4＋…＋(n－1)，∴cn＝＋1，由cn＝＋1＝56，得n＝11，∴a56＝b11＝210＝1 024. 答案：1 024 三、解答題(本大題共3小題，每小題12分，共36分) 9．(2020·鄭州三測(cè))已知數(shù)列{an}滿足a1＝1,2an·an＋1＋an＋1－an＝0，數(shù)列{bn}滿足bn＝. (1)求數(shù)列{an}的通項(xiàng)公式； (2)記數(shù)列{bn}的前n項(xiàng)和為Sn，問(wèn)：是否存在n，使得Sn的值是？ 解析

10、：(1)因?yàn)?an·an＋1＋an＋1－an＝0， 所以an＋1＝， －＝－＝2， 由等差數(shù)列的定義可得是首項(xiàng)為＝1，公差為d＝2的等差數(shù)列． 故＝1＋2(n－1)＝2n－1，所以an＝. (2)由(1)得bn＝， 所以Sn＝＋＋…＋， 兩邊同乘以得，Sn＝＋＋…＋， 兩式相減得Sn＝＋2－， 即Sn＝＋2×－＝－－， 所以Sn＝3－. 因?yàn)镾n＋1－Sn＝－＝＞0，所以數(shù)列{Sn}是關(guān)于項(xiàng)數(shù)n的遞增數(shù)列，所以Sn≥S1＝，因?yàn)椋?，所以不存在n，使得Sn＝. 10．(2019·武漢二模)已知數(shù)列{an}和{bn}滿足a1a2a3…an＝()bn(n∈N*)．若{an}為

11、等比數(shù)列，且a1＝2，b3＝6＋b2. (1)求an與bn； (2)設(shè)cn＝－(n∈N*)．記數(shù)列{cn}的前n項(xiàng)和為Sn. ①求Sn； ②求正整數(shù)k，使得對(duì)任意n∈N*均有Sk≥Sn. 解析：(1)由題意a1a2a3…an＝()bn，b3－b2＝6，知a3＝()b3－b2＝8. 又由a1＝2，得公比q＝2(q＝－2舍去)， 所以數(shù)列{an}的通項(xiàng)為an＝2n(n∈N*)． 所以，a1a2a3…an＝2＝()n(n＋1)． 故數(shù)列{bn}的通項(xiàng)為bn＝n(n＋1)(n∈N*)． (2)①由(1)知cn＝－＝－(n∈N*)， 所以Sn＝－(n∈N*)． ②因?yàn)閏1＝0，c

12、2＞0，c3＞0，c4＞0； 當(dāng)n≥5時(shí)， cn＝， 而－＝＞0， 即數(shù)列當(dāng)n≥5時(shí)是遞減的． 所以≤＜1， 所以，當(dāng)n≥5時(shí)，cn＜0. 綜上，對(duì)任意n∈N*，恒有S4≥Sn，故k＝4. 11．(文)(2020·浙江三地市聯(lián)考)已知數(shù)列{bn}滿足3(n＋1)bn＝nbn＋1，且b1＝3. (1)求數(shù)列{bn}的通項(xiàng)公式； (2)已知＝，求證：≤＋＋…＋＜1. 解析：(1)因?yàn)?(n＋1)bn＝nbn＋1，所以＝. 則＝3×，＝3×，＝3×，…， ＝3×， 累乘，可得＝3n－1×n，因?yàn)閎1＝3，所以bn＝n·3n， 即數(shù)列{bn}的通項(xiàng)公式bn＝n·3n.

13、(2)證明：因?yàn)椋?，所以an＝·3n. 因?yàn)椋健? ＝·＝· ＝·－·， 所以＋＋…＋＝＋＋…＋ ＝1－·. 因?yàn)閚∈N*，所以0＜·≤， 所以≤1－·＜1， 所以≤＋＋…＋＜1. 11．(理)(2019·江蘇卷)定義首項(xiàng)為1且公比為正數(shù)的等比數(shù)列為“M-數(shù)列”． (1)已知等比數(shù)列{an}(n∈N*)滿足：a2a4＝a5，a3－4a2＋4a1＝0，求證：數(shù)列{an}為“M數(shù)列”； (2)已知數(shù)列{bn}(n∈N*)滿足：b1＝1，＝－，其中Sn為數(shù)列{bn}的前n項(xiàng)和． ①求數(shù)列{bn}的通項(xiàng)公式； ②設(shè)m為正整數(shù)，若存在“M數(shù)列”{cn}(n∈N*)，對(duì)任意正整

14、數(shù)k，當(dāng)k≤m時(shí)，都有ck≤bk≤ck＋1成立，求m的最大值． 解：(1)設(shè)等比數(shù)列{an}的公比為q，所以a1≠0， q≠0. 由得解得 因此數(shù)列{an}為“M數(shù)列”． (2)①因?yàn)椋剑?，所以bn≠0. 由b1＝1，S1＝b1，得＝－，則b2＝2. 由＝－，得Sn＝， 當(dāng)n≥2時(shí)，由bn＝Sn－Sn－1， 得bn＝－， 整理得bn＋1＋bn－1＝2bn. 所以數(shù)列{bn}是首項(xiàng)和公差均為1的等差數(shù)列． 因此，數(shù)列{bn}的通項(xiàng)公式為bn＝n(n∈N*)． ②由①知，bk＝k，k∈N*. 因?yàn)閿?shù)列{cn}為“M數(shù)列”，設(shè)公比為q，所以c1＝1， q＞0. 因

15、為ck≤bk≤ck＋1，所以qk－1≤k≤qk，其中k＝1,2,3，…，m. 當(dāng)k＝1時(shí)，有q≥1； 當(dāng)k＝2,3，…，m時(shí)，有≤ln q≤. 設(shè)f(x)＝(x＞1)，則f′(x)＝. 令f′(x)＝0，得x＝e.列表如下： x (1，e) e (e，＋∞) f′(x) ＋ 0 － f(x)  極大值  因?yàn)椋剑迹?，所以f(k)max＝f(3)＝. 取q＝，當(dāng)k＝1,2,3,4,5時(shí)，≤ln q，即k≤qk，經(jīng)檢驗(yàn)知qk－1≤k也成立．因此所求m的最大值不小于5. 若m≥6，分別取k＝3,6，得3≤q3，且q5≤6，從而q15≥243，且q15≤216， 所以q不存在．因此所求m的最大值小于6. 綜上，所求m的最大值為5.