《人教版高中數(shù)學(xué)必修二檢測(cè):第二章 點(diǎn)、直線、平面之間的位置關(guān)系 課后提升作業(yè) 十三 2.3.1含解析》由會(huì)員分享,可在線閱讀,更多相關(guān)《人教版高中數(shù)學(xué)必修二檢測(cè):第二章 點(diǎn)、直線、平面之間的位置關(guān)系 課后提升作業(yè) 十三 2.3.1含解析(10頁珍藏版)》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。
1、
2019屆數(shù)學(xué)人教版精品資料
課后提升作業(yè)十三
直線與平面垂直的判定
(45分鐘 70分)
一、選擇題(每小題5分,共40分)
1.m,n是空間兩條不同直線,α,β是空間兩個(gè)不同平面,下面有四種說法:
①m⊥α,n∥β,α∥β?m⊥n;
②m⊥n,α∥β,m⊥α?n∥β;
③m⊥n,α∥β,m∥α?n⊥β;
④m⊥α,m∥n,α∥β?n⊥β.
其中正確說法的個(gè)數(shù)為 ( )
A.1 B.2 C.3 D.4
【解析】選B.①正確,因?yàn)閚∥β,α∥β,
所以在α內(nèi)有與n平行的直線,又m⊥α,則m⊥n;
②錯(cuò)誤,α∥β,m⊥α?m⊥β,
因?yàn)閙⊥n,則
2、可能n?β;
③錯(cuò)誤,因?yàn)閙⊥n,α∥β,m∥α,則可能n?β且m?β;
④正確,m⊥α,α∥β,得m⊥β,因?yàn)閙∥n,則n⊥β.
2.如圖所示,如果MC⊥菱形ABCD所在的平面,那么MA與BD的位置關(guān)系是
( )
A.平行
B.垂直相交
C.垂直但不相交
D.相交但不垂直
【解析】選C.因?yàn)锳BCD為菱形,所以DB⊥AC,
又MC⊥平面ABCD,所以MC⊥BD.
又AC∩MC=C,所以BD⊥平面ACM.
又AM?平面AMC,所以BD⊥AM,又BD與AM不共面,所以MA與BD垂直但不相交.
【延伸探究】本題若將條件 “菱形ABCD”改為“平行四邊形ABCD”,加上
3、條件“MA⊥BD”,判斷平行四邊形ABCD的形狀.
【解析】因?yàn)镸C⊥平面ABCD,BD?平面ABCD,
所以MC⊥BD,又BD⊥MA,
MA∩MC=M,
所以BD⊥平面MAC,又AC?平面MAC,
所以BD⊥AC,故平行四邊形ABCD為菱形.
3.(2016·南昌高二檢測(cè))如圖所示,在斜三棱柱ABC-A1B1C1的底面△ABC中,
∠BAC=90°,且BC1⊥AC,過點(diǎn)C1作C1H⊥底面ABC,垂足為點(diǎn)H,則點(diǎn)H在 ( )
A.直線AC上 B.直線AB上
C.直線BC上 D.△ABC內(nèi)部
【解析】選B.作C1H⊥AB,因?yàn)椤螧AC=90°,且BC
4、1⊥AC,所以AC⊥平面ABC1,所以AC⊥C1H,因?yàn)锳B∩AC=A,所以C1H⊥平面ABC,即點(diǎn)H在底面的垂足在AB邊上.
4.如圖所示,定點(diǎn)A和B都在平面α內(nèi),定點(diǎn)P?α,PB⊥α,C是平面α內(nèi)異于A和B的動(dòng)點(diǎn),且PC⊥AC,則△ABC為 ( )
A.銳角三角形
B.直角三角形
C.鈍角三角形
D.無法確定
【解析】選B.因?yàn)镻B⊥α,AC?α,所以PB⊥AC,
又AC⊥PC,PB∩PC=P,
所以AC⊥平面PBC,又BC?平面PBC,
所以AC⊥BC.故△ABC為直角三角形.
5.已知四棱柱ABCD-A1B1C1D1中,側(cè)棱AA1⊥平面ABCD,且底面ABCD為正
5、方形,AA1=2AB,則CD與平面BDC1所成角的正弦值等于 ( )
A. B. C. D.
【解析】選A.如圖,設(shè)AB=a,
則AA1=2a,三棱錐C-BDC1的高為h,CD與平面BDC1所成的角為α.
因?yàn)?,
即××a×ah
=×a2×2a,
解得h=a.
所以sinα==.
6.如圖,在三棱錐V-ABC中,VO⊥平面ABC,O∈CD,VA=VB,AD=BD,則下列結(jié)論中不一定成立的是 ( )
A.AC=BC
B.VC⊥VD
C.AB⊥VC
D.S△VCD·AB=S△ABC·VO
【解析】選B.因?yàn)閂A=VB,AD=BD,
所以VD⊥AB.
6、因?yàn)閂O⊥平面ABC,
AB?平面ABC,所以VO⊥AB.
又VO∩VD=V,VO?平面VCD,VD?平面VCD,
所以AB⊥平面VCD,
又CD?平面VCD,VC?平面VCD,
所以AB⊥VC,AB⊥CD.
又AD=BD,所以AC=BC(線段垂直平分線的性質(zhì)),因?yàn)閂O⊥平面ABC,
所以VV-ABC=S△ABC·VO.
因?yàn)锳B⊥平面VCD,
所以VV-ABC=VB-VCD+VA-VCD
=S△VCD·BD+S△VCD·AD
=S△VCD·(BD+AD)
=S△VCD·AB,
所以S△ABC·VO=S△VCD·AB,
即S△VCD·AB=S△ABC·VO.綜上知
7、,A,C,D正確.
7.如圖,四棱錐S-ABCD的底面為正方形,SD⊥底面ABCD,則下列結(jié)論中不正確的是 ( )
A.AC⊥SB
B.AB∥平面SCD
C.AB與SC所成的角等于DC與SA所成的角
D.SA與平面SBD所成的角等于SC與平面SBD所成的角
【解析】選C.因?yàn)镾D⊥底面ABCD,底面ABCD為正方形,所以連接BD,則BD⊥AC,又AC⊥SD,可得AC⊥SB,故A正確;因?yàn)锳B∥CD,AB?平面SCD,CD?平面SCD,所以AB∥平面SCD,故B正確;因?yàn)锳B∥CD,所以∠SCD為AB與SC所成角,∠SAB為SA與DC所成角,顯然∠SCD≠∠SAB,故C不正確.
8、由AC⊥平面SBD,記AC與BD交于O,連接SO,則∠ASO為SA與平面SBD所成角,∠CSO為SC與平面SBD所成角,顯然∠ASO=∠CSO.
8.(2016·溫州高二檢測(cè))如圖,在三棱柱ABC-A1B1C1中,側(cè)棱AA1垂直底面A1B1C1,底面三角形A1B1C1是正三角形,E是BC中點(diǎn),則下列敘述正確的是 ( )
A.CC1與B1E是異面直線
B.AC⊥平面ABB1A1
C.AE與B1C1為異面直線,且AE⊥B1C1
D.A1C1∥平面AB1E
【解析】選C.A選項(xiàng),ABC-A1B1C1是三棱柱,則CE∥B1C1,所以,CEB1C1是一個(gè)平面,CC1與B1E共面;B選項(xiàng)
9、,因?yàn)锳C與AB的夾角是60°,所以AC和平面ABB1A1不垂直;C選項(xiàng),E是BC的中點(diǎn),則AE⊥BC,又因?yàn)锽B1⊥平面ABC,所以AE⊥BB1,又BC∩BB1=B,所以AE⊥平面BCC1B1,所以AE⊥B1C1;D選項(xiàng),A1C1∥AC,AC和平面AB1E相交,所以A1C1與平面AB1E不平行.
二、填空題(每小題5分,共10分)
9.在直三棱柱ABC-A1B1C1中,BC=CC1,當(dāng)?shù)酌鍭1B1C1滿足條件________時(shí),有AB1⊥BC1.(注:填上你認(rèn)為正確的一種條件即可,不必考慮所有可能的情況)
【解析】如圖所示,連接B1C,由BC=CC1,可得BC1⊥B1C,因此,要證AB
10、1⊥BC1,則只要證明BC1⊥平面AB1C,即只要證AC⊥BC1即可,由直三棱柱可知,只要證AC⊥BC即可.因?yàn)锳1C1∥AC,B1C1∥BC,故只要證A1C1⊥B1C1即可.(或者能推出A1C1⊥B1C1的條件,如∠A1C1B1=90°等)
答案:∠A1C1B1=90°(答案不唯一)
10.(2016·青島高一檢測(cè))在正方體ABCD-A1B1C1D1中,面對(duì)角線A1B與對(duì)角面BB1D1D所成的角為________.
【解析】連接A1C1交B1D1于點(diǎn)O,連接BO,
因?yàn)锳1C1⊥B1D1,
A1C1⊥BB1,
故A1C1⊥平面BB1D1D,所以A1B在平面BB1D1D內(nèi)射影為OB
11、,
所以∠A1BO即為A1B與平面BB1D1D所成角.
設(shè)正方體棱長(zhǎng)為a,則A1B=a,
A1O=A1C1=a,
所以sin∠A1BO===,
所以∠A1BO=30°.
答案:30°
三、解答題(每小題10分,共20分)
11.(2016·山東高考)在如圖所示的幾何體中,D是AC的中點(diǎn),EF∥DB.
(1)已知AB=BC,AE=EC.求證:AC⊥FB.
(2)已知G,H分別是EC和FB的中點(diǎn).求證:GH∥平面ABC.
【解析】(1)連接ED,因?yàn)锳B=BC,AE=EC,D為AC中點(diǎn),
所以AC⊥DE,AC⊥DB,DE∩DB=D,又EF∥DB,所以E,F,B,D四
12、點(diǎn)共面,所以AC⊥平面EFBD,
所以AC⊥FB.
(2)取FC中點(diǎn)I,連接GI,HI,則有GI∥EF,HI∥BC,
又EF∥DB,所以GI∥BD,
又GI∩HI=I,BD∩BC=B,
所以,平面GHI∥平面ABC,
因?yàn)镚H?平面GHI,
所以GH∥平面ABC.
12.(2014·湖北高考)如圖,在正方體ABCD-A1B1C1D1中,E,F(xiàn),P,Q,M,N分別是棱AB,AD,DD1,BB1,A1B1,A1D1的中點(diǎn).求證:
(1)直線BC1∥平面EFPQ.
(2)直線AC1⊥平面PQMN.
【解題指南】(1)通過證明FP∥AD1,得到BC1∥FP,根據(jù)線面平行的判定
13、定理即可得證.
(2)證明BD⊥平面ACC1,得出BD⊥AC1,進(jìn)而得MN⊥AC1,同理可證PN⊥AC1,根據(jù)線面垂直的判定定理即可得出直線AC1⊥平面PQMN.
【證明】(1)連接AD1,由ABCD-A1B1C1D1是正方體,知AD1∥BC1,
因?yàn)镕,P分別是AD,DD1的中點(diǎn),所以FP∥AD1.
從而BC1∥FP.
而FP?平面EFPQ,且BC1?平面EFPQ,
故直線BC1∥平面EFPQ.
(2)連接AC,BD,則AC⊥BD.
由CC1⊥平面ABCD,BD?平面ABCD,可得CC1⊥BD.
又AC∩CC1=C,所以BD⊥平面ACC1.
而AC1?平面ACC1,所
14、以BD⊥AC1.
因?yàn)镸,N分別是A1B1,A1D1的中點(diǎn),
所以MN∥BD,從而MN⊥AC1.
同理可證PN⊥AC1.
又PN∩MN=N,所以直線AC1⊥平面PQMN.
【能力挑戰(zhàn)題】
如圖,在三棱錐A-BCD中,AB⊥平面BCD,CD⊥BD.
(1)求證:CD⊥平面ABD.
(2)若AB=BD=CD=1,M為AD中點(diǎn),求三棱錐A-MBC的體積.
【解題指南】(1)利用線面垂直的判定定理證明.
(2)分別求出△ABM的面積和高CD,繼而求出體積.
【解析】(1)因?yàn)锳B⊥平面BCD,
CD?平面BCD,
所以AB⊥CD.
又因?yàn)镃D⊥BD,AB∩BD=B,
AB?平面ABD,BD?平面ABD,
所以CD⊥平面ABD.
(2)由AB⊥平面BCD,得AB⊥BD,
因?yàn)锳B=BD=1,所以S△ABD=.
因?yàn)镸是AD的中點(diǎn),
所以S△ABM=S△ABD=.
由(1)知,CD⊥平面ABD,
所以三棱錐C-ABM的高h(yuǎn)=CD=1,
因此三棱錐A-MBC的體積
VA-MBC=VC-ABM=S△ABM·h=.
關(guān)閉Word文檔返回原板塊