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1、 選擇題增分練(四) (滿分48分　24分鐘) 說明：共8小題，每小題6分，在每小題給出的四個選項中，第1～5題只有一項符合題目要求，第6～8題有多項符合題目要求．全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分． 1．某同學設計了如圖所示的電路來研究光電效應現(xiàn)象，結點Q位于滑動變阻器的中點，初始狀態(tài)時，滑動觸頭P也恰好位于滑動變阻器的中點．實驗過程中，當該同學用綠光照射光電管時，靈敏電流計有示數(shù)，下列說法正確的是(　　) A．若換用紫光照射光電管，則電流計的示數(shù)一定增大 B．若增大綠光的光照強度，則電流計的示數(shù)一定增大 C．若將滑動觸頭P向右滑動，則電流計的示數(shù)一定不斷增

2、大 D．若將滑動觸頭P向左滑動，則電流計的示數(shù)一定能減小為0 解析：選B.用綠光照射光電管時，靈敏電流計有示數(shù)，說明綠光的頻率大于該光電管的極限頻率，若換用紫光照射，則一定可發(fā)生光電效應，但光電流大小與光強有關，所以光電流大小變化情況不能確定，A錯誤；增大綠光的光照強度，則單位時間從陰極逸出的光電子數(shù)一定增多，光電流變大，電流計的示數(shù)一定增大，B正確；此時加在光電管兩端電壓為0，若將滑動觸頭P向右滑動，加在光電管兩端的電壓為正向電壓，則在電場力作用下，到達陽極的光電子數(shù)會增多，而達到飽和光電流后，光電流大小不會隨著正向電壓的增大而增大，C錯誤；若將滑動觸頭P向左滑動，加在光電管兩端的電壓為

3、反向電壓，則在電場力作用下，到達陽極的光電子數(shù)會減少，電流計的示數(shù)不斷減小，若最大反向電壓小于遏止電壓，則電流計的示數(shù)不能減為0，D錯誤． 2．如圖所示，斜面AC與水平方向的夾角為α，在底端A正上方與頂端等高處的E點以速度v0水平拋出一小球，小球垂直于斜面落到D點，重力加速度為g，則(　　) A．小球在空中飛行時間為 B．小球落到斜面上時的速度大小為 C．小球的位移方向垂直于AC D．CD與DA的比值為 解析：選D.將小球在D點的速度進行分解，水平方向的分速度v1等于平拋運動的初速度v0，即v1＝v0，落到斜面上時的速度v＝，豎直方向的分速度v2＝，則小球在空中飛行時間

4、t＝＝.由圖可知平拋運動的位移方向不垂直AC.D、A間水平距離為x水平＝v0t，故DA＝；C、D間豎直距離為x豎直＝v2t，故CD＝，得＝. 3．圖(甲)為手機及無線充電板．圖(乙)為充電原理示意圖．充電板接交流電源，對充電板供電，充電板內的送電線圈可產生交變磁場，從而使手機內的受電線圈產生交變電流，再經整流電路轉變成直流電后對手機電池充電．為方便研究，現(xiàn)將問題做如下簡化：設送電線圈的匝數(shù)為n1，受電線圈的匝數(shù)為n2，面積為S，若在t1到t2時間內，磁場(垂直于線圈平面向上、可視為勻強磁場)的磁感應強度由B1均勻增加到B2.下列說法正確的是(　　) A．受電線圈中感應電流方向由d到

5、c B．c點的電勢高于d點的電勢 C．c、d之間的電勢差為 D．c、d之間的電勢差為 解析：選D.根據(jù)楞次定律可知，受電線圈內部產生的感應電流方向俯視為順時針，受電線圈中感應電流方向由c到d，所以c點的電勢低于d點的電勢，故AB錯誤；根據(jù)法拉第電磁感應定律可得c、d之間的電勢差為Ucd＝E＝＝，故C錯誤，D正確；故選D. 4．如圖所示，質量為M＝3 kg的足夠長的木板放在光滑水平地面上，質量為m＝1 kg的物塊放在木板上，物塊與木板之間有摩擦，兩者都以大小為4 m/s的初速度向相反方向運動．當木板的速度為3 m/s時，物塊處于(　　) A．勻速運動階段　　　 B．減速運動階

6、段 C．加速運動階段 D．速度為零的時刻 解析：選B.開始階段，m向左減速，M向右減速，根據(jù)系統(tǒng)的動量守恒定律得：當物塊的速度為零時，設此時木板的速度為v1，根據(jù)動量守恒定律得：(M－m)v＝Mv1，解得：v1＝＝2.67 m/s；此后m將向右加速，M繼續(xù)向右減速；當兩者速度達到相同時，設共同速度為v2，由動量守恒定律得：(M－m)v＝(M＋m)v2，解得：v2＝＝＝2 m/s，兩者相對靜止后，一起向右勻速直線運動．由此可知當M的速度為3 m/s時，m處于減速運動階段；故選B. 5．已知半徑一定的小球在空中下落過程中受到的空氣阻力f正比于運動速率v，即滿足f＝kv.比例系數(shù)k只與小球半

7、徑和空氣密度有關．現(xiàn)將半徑相同的實心鐵球和實心塑料球在空中由靜止開始下落，小球下落過程中的加速度與速度關系圖象如圖所示，已知空氣密度均勻．則下列說法中正確的是(　　) A．鐵球在圖中的vm值較大 B．鐵球對應于圖中的a0值較大 C．兩球從開始下落至下落同樣高度，鐵球所用時間較長 D．鐵球從開始下落至速度達到鐵球所對應的vm位移較小 解析：選A.當小球受力平衡時，達到最大速度，由于鐵球的質量大于塑料球，而阻力與速率成正比，所以鐵球在圖中的最大速度較大，故A正確；由于開始下落時空氣阻力可以忽略，因此開始下落時兩球的加速度相同，故a0相同，故B錯誤；由于鐵球下落時受到的阻力影響較小，所以鐵

8、球的加速度始終大于塑料球的加速度，兩球均由靜止開始運動，故鐵球的速度始終大于塑料球，故兩球從開始下落至下落同樣高度，鐵球所用時間較短，故C錯誤；由C的分析可知，鐵球的平均加速度要大于塑料球，并且最大速度也要大于塑料球，所以鐵球從開始下落至速度達到鐵球所對應的vm位移較大，故D錯誤．故選A. 6．如圖(a)所示為示波管的原理圖．如果在電極XX′之間所加的電壓按圖(b)所示的規(guī)律變化，在電極YY′之間所加的電壓按圖(c)所示的規(guī)律變化，則在熒光屏上不可能出現(xiàn)的圖形是(　　) 解析：選ABD.因YY′偏轉電極接入的是鋸齒形電壓，即掃描電壓，且周期與XX′偏轉電極上加的待顯示信號電壓的周期

9、相同，則可以在熒光屏上得到一個周期內的穩(wěn)定圖象如圖C所示，故A、B、D項不可能出現(xiàn)． 7．(2018·衡水中學押題卷)如圖所示，正六邊形ABCDEF區(qū)域內存在垂直紙面向外的勻強磁場，磁感應強度大小為B，大量質量為m、電荷量為＋q的電荷從A點沿AF方向以不同速率射入磁場，不計電荷重力及電荷間的相互作用．下列說法正確的是(　　) A．從EF邊射出磁場的電荷在磁場中的運動時間不可能大于 B．從AB邊射出磁場的電荷在磁場中的運動時間均為 C．從E、B兩點射出磁場的電荷的速率之比為∶1 D．從B、C、D、E點射出磁場的電荷在磁場中的運動時間之比為4∶3∶2∶1 解析：選AD.從EF邊射出

10、磁場的電荷中，恰好從E點射出的電荷在磁場中的運動時間最長，其圓周運動的圓心恰好在C點，設正六邊形邊長為l，則軌跡半徑rE＝2lcos 30°＝l，對應圓心角為60°，運動時間tE＝·＝，A正確；從AB邊射出磁場的電荷，在磁場中做圓周運動對應的圓心角均為240°，運動時間t＝·＝，B錯誤；從B點射出磁場的電荷，軌道半徑rB＝＝，由r＝，得v＝，故從E、B兩點射出磁場的電荷，速率之比等于半徑之比，為3∶1，C錯誤；從C點射出磁場的電荷在磁場中轉過的圓心角為180°，從D點射出磁場的電荷在磁場中轉過的圓心角為120°，故從B、C、D、E點射出磁場的電荷在磁場中的運動時間之比等于在磁場中轉過的圓心角之

11、比，即240°∶180°∶120°∶60°＝4∶3∶2∶1，D正確． 8．如圖(a)所示，兩個帶正電的小球A、B(均可視為點電荷)套在一根傾斜的光滑絕緣直桿上，其中A球固定，電荷量QA＝2.0×10－4 C，B球的質量m＝0.1 kg.以A為坐標原點，沿桿向上建立直角坐標系，B球的總勢能(重力勢能與電勢能之和)隨位置x的變化規(guī)律如圖(b)中曲線Ⅰ所示，直線Ⅱ為曲線Ⅰ的漸近線．圖中M點離A點距離為6 m．令A所在平面為參考平面，無窮遠處電勢為零，重力加速度g取10 m/s2，靜電力恒量k＝9.0×109 N·m2/c2.下列說法正確的是(　　) A．桿與水平面的夾角θ＝60° B．B球

12、的電荷量QB＝1.0×10－5 C C．若B球以4 J的初動能從M點沿桿向上運動，到最高點時電勢能減小2 J D．若B球從離A球2 m處靜止釋放，則向上運動過程中加速度先減小后增大 解析：選BCD.漸近線Ⅱ表示B的重力勢能隨位置的變化關系，即：Ep＝mgxsin θ＝kx，得：sin θ＝＝0.5，即θ＝30°，A項錯誤；由圖(b)中的曲線Ⅰ可知，在x＝6 m處總勢能最小，動能最大，該位置B受力平衡，則有mgsin θ＝k，解得：QB＝1×10－5 C，B項正確；在M點時，B的重力勢能Ep1＝mgxsin 30°＝3 J，電勢能Ep電1＝Ep總－Ep1＝3 J，由能量守恒可知，最高點時，Ek＝0，Ep總＝4 J＋6 J＝10 J，對應的位置為x′＝10 m，此位置處Ep2＝mgx′sin 30°＝9 J，Ep電2＝10 J－9 J＝1 J，所以ΔEp電＝3 J－1 J＝2 J，C項正確；在M處加速度最小為0，所以從x＝2 m向上加速度先減小后增大，D項正確．故本題選BCD.