《（通用版）2019版高考物理二輪復(fù)習(xí) 電學(xué)與原子物理學(xué)選擇題押題練（二）（含解析）》由會員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《（通用版）2019版高考物理二輪復(fù)習(xí) 電學(xué)與原子物理學(xué)選擇題押題練（二）（含解析）（5頁珍藏版）》請?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1、電學(xué)與原子物理學(xué)選擇題押題練（二） 1．如圖所示，一個(gè)帶電荷量為－Q的點(diǎn)電荷甲，固定在絕緣水平面上的O點(diǎn)。另一個(gè)帶電荷量為＋q、質(zhì)量為m的點(diǎn)電荷乙，從A點(diǎn)以初速度v0沿它們的連線向甲運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)時(shí)速度為v，且為運(yùn)動(dòng)過程中速度的最小值。已知點(diǎn)電荷乙受到的阻力大小恒為f，A、B間距離為L0，靜電力常量為k，則下列說法正確的是(　　) A．點(diǎn)電荷乙從A點(diǎn)向甲運(yùn)動(dòng)的過程中，加速度逐漸增大 B．點(diǎn)電荷乙從A點(diǎn)向甲運(yùn)動(dòng)的過程中，其電勢能先增大再減小 C．OB間的距離為 D．在點(diǎn)電荷甲形成的電場中，AB間電勢差UAB＝ 解析：選C　點(diǎn)電荷乙在向甲運(yùn)動(dòng)的過程中，受到點(diǎn)電荷甲的庫侖力和阻力，且

2、庫侖力逐漸增大，由題意知，在B點(diǎn)時(shí)速度最小，則點(diǎn)電荷乙從A點(diǎn)向甲運(yùn)動(dòng)過程中先減速后加速，運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)時(shí)庫侖力與阻力大小相等，加速度為零，根據(jù)庫侖定律，有k＝f，所以rOB＝ ，選項(xiàng)A錯(cuò)誤，C正確；點(diǎn)電荷乙向甲運(yùn)動(dòng)的過程中，庫侖力一直做正功，點(diǎn)電荷乙的電勢能一直減小，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；根據(jù)動(dòng)能定理，qUAB－fL0＝mv2－mv02，解得UAB＝，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。 2.如圖所示，理想變壓器原線圈兩端A、B接在電動(dòng)勢為E＝ 8 V，內(nèi)阻為r＝2 Ω的交流電源上，理想變壓器的副線圈兩端與滑動(dòng)變阻器Rx相連，變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為1∶2，當(dāng)電源輸出功率最大時(shí)(　　) A．滑動(dòng)變阻器的阻值Rx＝2 Ω

3、B．最大輸出功率P＝4 W C．變壓器的輸出電流I2＝2 A D．滑動(dòng)變阻器的阻值Rx＝8 Ω 解析：選D　當(dāng)外電路電壓等于內(nèi)電路電壓時(shí)電源輸出功率最大，即U1＝Ur，且U1＋Ur＝8 V，故U1＝Ur＝4 V，根據(jù)歐姆定律可得I1＝＝2 A，故根據(jù)＝可得副線圈中的電流為I2＝1 A，根據(jù)＝可得副線圈兩端的電壓U2＝8 V，故Rx＝＝ Ω＝8 Ω，最大輸出功率為P＝U2I2＝8 W，故D正確。 3.如圖所示，空間有一磁感應(yīng)強(qiáng)度B＝0.5 T的勻強(qiáng)磁場，磁場方向垂直紙面向外，一質(zhì)量M＝0.2 kg且足夠長的絕緣塑料板靜止在光滑水平面上。在塑料板左端無初速度放上一質(zhì)量m＝0.1 kg、電荷

4、量q＝＋0.2 C的滑塊，滑塊與塑料板之間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ＝0.5，滑塊受到的最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力?，F(xiàn)對塑料板施加方向水平向左、大小F＝0.6 N的恒力，g取10 m/s2，則(　　) A．塑料板和滑塊一直做加速度為2 m/s2的勻加速運(yùn)動(dòng) B．滑塊開始做勻加速運(yùn)動(dòng)，然后做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，最后做勻速直線運(yùn)動(dòng) C．最終塑料板做加速度為2 m/s2的勻加速運(yùn)動(dòng)，滑塊做速度為10 m/s的勻速運(yùn)動(dòng) D．最終塑料板做加速度為3 m/s2的勻加速運(yùn)動(dòng)，滑塊做速度為6 m/s的勻速運(yùn)動(dòng) 解析：選B　滑塊隨塑料板向左運(yùn)動(dòng)時(shí)，受到豎直向上的洛倫茲力，則滑塊和塑料板之間的正壓力逐漸減小。開始

5、時(shí)塑料板和滑塊加速度相同，由F＝(M＋m)a，得a＝2 m/s2，對滑塊有μ(mg－qvB)＝ma，當(dāng)v＝6 m/s時(shí)，滑塊恰好相對于塑料板有相對滑動(dòng)，此后滑塊做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)mg＝qvB，即v＝10 m/s時(shí)滑塊對塑料板的壓力FN＝0，此后滑塊做勻速運(yùn)動(dòng)，塑料板所受的合力為0.6 N，由F＝Ma1，得a1＝3 m/s2，B選項(xiàng)正確。 4.如圖所示，一對光滑的平行金屬導(dǎo)軌(電阻不計(jì))固定在同一水平面內(nèi)，導(dǎo)軌足夠長且間距為L，左端接有阻值為R的電阻，一質(zhì)量為m、長度為L的勻質(zhì)金屬棒cd放置在導(dǎo)軌上，金屬棒的電阻為r，整個(gè)裝置置于方向豎直向上的勻強(qiáng)磁場中，磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B。金屬棒在

6、水平向右的拉力F作用下，由靜止開始做加速度大小為a的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，經(jīng)過的位移為s時(shí)，下列說法正確的是(　　) A．金屬棒中感應(yīng)電流方向?yàn)橛蒬到c B．金屬棒產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢為BL C．金屬棒中感應(yīng)電流為 D．水平拉力F的大小為 解析：選C　根據(jù)右手定則可知金屬棒中感應(yīng)電流的方向?yàn)橛蒫到d，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；設(shè)金屬棒的位移為s時(shí)速度為v，則v2＝2as，金屬棒產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢E＝BLv＝BL，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；金屬棒中感應(yīng)電流的大小I＝，解得I＝，選項(xiàng)C正確；金屬棒受到的安培力大小F安＝BIL，由牛頓第二定律可得F－F安＝ma，解得F＝＋ma，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。 5.圖甲所示為氫原子的能級

7、圖，圖乙為氫原子的光譜。已知譜線b是氫原子從n＝5的能級躍遷到n＝2的能級時(shí)的輻射光，則譜線a可能是氫原子(　　) A．從n＝2的能級躍遷到n＝1的能級時(shí)的輻射光 B．從n＝3的能級躍遷到n＝1的能級時(shí)的輻射光 C．從n＝4的能級躍遷到n＝1的能級時(shí)的輻射光 D．從n＝4的能級躍遷到n＝2的能級時(shí)的輻射光 解析：選D　譜線a波長大于譜線b波長，所以a光的光子頻率小于b光的光子頻率，所以a光的光子能量小于n＝5和n＝2間的能級差，輻射光的能量小于此能級差的只有n＝4和n＝2間的能級差，故D正確，A、B、C錯(cuò)誤。 6.[多選]中國科學(xué)家發(fā)現(xiàn)了量子反?；魻栃?yīng)，楊振寧稱這一發(fā)現(xiàn)是諾貝

8、爾獎(jiǎng)級的成果。如圖所示，厚度為h，寬度為d的金屬導(dǎo)體，當(dāng)磁場方向與電流方向垂直時(shí)，在導(dǎo)體上下表面會產(chǎn)生電勢差，這種現(xiàn)象稱為霍爾效應(yīng)。下列說法正確的是(　　) A．上表面的電勢高于下表面電勢 B．僅增大h時(shí)，上、下表面的電勢差不變 C．僅增大d時(shí)，上、下表面的電勢差減小 D．僅增大電流I時(shí)，上、下表面的電勢差減小 解析：選BC　根據(jù)左手定則可知自由電子向上偏轉(zhuǎn)，則上表面帶負(fù)電，下表面帶正電，所以下表面電勢高于上表面電勢，所以A錯(cuò)誤；最終穩(wěn)定時(shí)，evB＝e，解得U＝vBh，根據(jù)電流的微觀表達(dá)式I＝neSv，S＝hd，故U＝Bh＝，所以h增大時(shí)，上、下表面電勢差不變，所以B正確；當(dāng)d增大時(shí)

9、，U減小，所以C正確；I增大時(shí)，U增大，所以D錯(cuò)誤。 7.[多選]如圖所示，兩根相距為d的足夠長的光滑金屬導(dǎo)軌固定在水平面上，導(dǎo)軌電阻不計(jì)。磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場與導(dǎo)軌平面垂直，長度等于d的兩導(dǎo)體棒M、N平行地放在導(dǎo)軌上，且電阻均為R、質(zhì)量均為m，開始時(shí)兩導(dǎo)體棒靜止?，F(xiàn)給M一個(gè)平行導(dǎo)軌向右的瞬時(shí)沖量I，整個(gè)過程中M、N均與導(dǎo)軌接觸良好，下列說法正確的是(　　) A．回路中始終存在逆時(shí)針方向的電流 B．N的最大加速度為 C．回路中的最大電流為 D．N獲得的最大速度為 解析：選BC　M剛開始運(yùn)動(dòng)時(shí)，回路中有逆時(shí)針方向的感應(yīng)電流，隨著電流的產(chǎn)生，M受向左的安培力做減速運(yùn)動(dòng)，N受到向

10、右的安培力做加速運(yùn)動(dòng)，直到兩者共速時(shí)回路中感應(yīng)電流為零，安培力為零，兩者做勻速運(yùn)動(dòng)，故選項(xiàng)A錯(cuò)誤；M剛開始運(yùn)動(dòng)時(shí)，電路中的感應(yīng)電流最大，N所受安培力最大，加速度最大，則：I＝mv0，Em＝Bdv0，Im＝， F安＝BImd＝mam，解得am＝，Im＝，選項(xiàng)B、C正確；當(dāng)M、N共速時(shí)N速度最大，根據(jù)動(dòng)量守恒定律可得：I＝2mv，解得v＝，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。 8.[多選]如圖所示，直角三角形ABC由三段細(xì)直桿連接而成，AB桿豎直，長為2L的AC桿粗糙且絕緣，其傾角為30°，D為AC上一點(diǎn)，且BD垂直于AC，在BC桿中點(diǎn)O處放置一正點(diǎn)電荷Q，一套在細(xì)桿上的帶負(fù)電小球(未畫出)，以初速度v0由C點(diǎn)沿CA

11、上滑，滑到D點(diǎn)速率恰好為零，之后沿AC桿滑回C點(diǎn)。小球質(zhì)量為m、電荷量為q，重力加速度為g。則(　　) A．小球下滑過程中電場力先做負(fù)功后做正功 B．小球再次滑回C點(diǎn)時(shí)的速率為vC＝ C．小球下滑過程中動(dòng)能、電勢能、重力勢能三者之和減小 D．小球上滑過程中和下滑過程中經(jīng)過任意位置時(shí)的加速度大小都相等 解析：選BC　小球下滑過程中點(diǎn)電荷Q對小球的庫侖力是吸引力，故電場力先做正功后做負(fù)功，故A錯(cuò)誤；小球從C到D的過程中，根據(jù)動(dòng)能定理得：0－mv02＝－mgh－Wf，再從D回到C的過程中，根據(jù)動(dòng)能定理得：mvC2－0＝mgh－Wf，根據(jù)幾何關(guān)系可知，h＝L，解得：vC＝，故B正確；小球下滑過程中由于摩擦力做負(fù)功，則小球動(dòng)能、電勢能、重力勢能三者之和減小，故C正確；小球上滑過程中所受的摩擦力方向沿AC向下，而下滑過程中所受摩擦力方向沿AC向上，雖然在同一位置時(shí)所受的庫侖力相同，但是加速度大小不相等，故D錯(cuò)誤。 5