《2018-2019學(xué)年高中物理 第四章 電磁感應(yīng) 第4節(jié) 法拉第電磁感應(yīng)定律學(xué)案 新人教版選修3-2》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《2018-2019學(xué)年高中物理 第四章 電磁感應(yīng) 第4節(jié) 法拉第電磁感應(yīng)定律學(xué)案 新人教版選修3-2（20頁珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1、第4節(jié)　法拉第電磁感應(yīng)定律 　1.理解和掌握法拉第電磁感應(yīng)定律，能計(jì)算感應(yīng)電動(dòng)勢的大小.　2.能夠運(yùn)用E＝Blv或E＝Blvsin θ計(jì)算感應(yīng)電動(dòng)勢.　3.知道反電動(dòng)勢的定義和在生產(chǎn)中的應(yīng)用. 一、電磁感應(yīng)定律 1.感應(yīng)電動(dòng)勢 （1）感應(yīng)電動(dòng)勢：在電磁感應(yīng)現(xiàn)象中產(chǎn)生的電動(dòng)勢. （2）電源：產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢的那部分導(dǎo)體相當(dāng)于電源. （3）在電磁感應(yīng)現(xiàn)象中，只要閉合回路中有感應(yīng)電流，這個(gè)回路就一定有感應(yīng)電動(dòng)勢；回路斷開時(shí)，雖然沒有感應(yīng)電流，但感應(yīng)電動(dòng)勢依然存在. 2.法拉第電磁感應(yīng)定律 （1）內(nèi)容：閉合電路中感應(yīng)電動(dòng)勢的大小，跟穿過這一電路的磁通量的變化率成正比. （2）表達(dá)式

2、：E＝（單匝線圈）； E＝n（多匝線圈）. 二、導(dǎo)線切割磁感線時(shí)的感應(yīng)電動(dòng)勢 1.垂直切割：導(dǎo)體棒垂直于磁場運(yùn)動(dòng)，B、l、v兩兩垂直時(shí)，如圖甲所示，E＝Blv. 2.不垂直切割：導(dǎo)線的運(yùn)動(dòng)方向與導(dǎo)線本身垂直，但與磁感線方向夾角為θ時(shí)，如圖乙所示，則 E＝Blv1＝Blvsin θ. 三、反電動(dòng)勢 1.定義：電動(dòng)機(jī)轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，由于切割磁感線，線圈中產(chǎn)生的削弱電源電動(dòng)勢作用的感應(yīng)電動(dòng)勢. 2.作用：阻礙線圈的轉(zhuǎn)動(dòng). 判一判?。?）在電磁感應(yīng)現(xiàn)象中，有感應(yīng)電動(dòng)勢，就一定有感應(yīng)電流.（　?。? （2）線圈中磁通量增加時(shí)感應(yīng)電動(dòng)勢增大，線圈中磁通量減小時(shí)感應(yīng)電動(dòng)勢減小.（　?。?

3、 （3）導(dǎo)線切割磁感線時(shí)，速度大的電動(dòng)勢一定大.（　?。? 提示：（1）×　（2）×?。?）× 做一做　下列敘述中影響感應(yīng)電動(dòng)勢大小的因素是（　?。? A.磁通量的大小 B.磁通量的變化率 C.電路是否閉合 D.磁通量的變化量 提示：選B.在閉合電路中，感應(yīng)電動(dòng)勢的大小與磁通量的變化率成正比，所以決定感應(yīng)電動(dòng)勢大小的因素是磁通量的變化率，故B正確，A、C、D錯(cuò)誤. 想一想　電動(dòng)機(jī)正常工作時(shí)，通過電動(dòng)機(jī)的電流I為什么小于？（U為加在電動(dòng)機(jī)兩端的電壓，R為電動(dòng)機(jī)線圈的電阻） 提示：電機(jī)線圈產(chǎn)生反電動(dòng)勢，對(duì)電流有阻礙作用，使電流I＜. 　對(duì)法拉第電磁感應(yīng)定律的理解和應(yīng)用 （

4、1）感應(yīng)電動(dòng)勢E的大小取決于穿過電路的磁通量的變化率，而與Φ的大小、ΔΦ的大小沒有必然的關(guān)系，與電路的電阻R無關(guān)；感應(yīng)電流的大小與E和回路總電阻R有關(guān). （2）磁通量的變化率，是Φ－t圖象上某點(diǎn)切線的斜率，可反映單匝線圈感應(yīng)電動(dòng)勢的大小和方向. （3）E＝n只表示感應(yīng)電動(dòng)勢的大小，不涉及其正負(fù)，計(jì)算時(shí)ΔΦ應(yīng)取絕對(duì)值，至于感應(yīng)電流的方向，可以用楞次定律去判定. （4）計(jì)算電動(dòng)勢時(shí)，常有以下兩種情況： E＝n·S——面積不變，磁感應(yīng)強(qiáng)度變化； E＝n·B——面積改變，磁感應(yīng)強(qiáng)度不變. 命題視角1　對(duì)Φ、ΔΦ、的理解 　下列幾種說法中正確的是（　　） A.線圈中磁通量變化越大，線圈

5、中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢一定越大 B.線圈中磁通量越大，線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢一定越大 C.線圈放在磁場越強(qiáng)的位置，線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢一定越大 D.線圈中磁通量變化越快，線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢一定越大 [思路點(diǎn)撥] Φ、ΔΦ、三者無必然聯(lián)系. [解析]　感應(yīng)電動(dòng)勢的大小和磁通量的大小、磁通量變化量的大小以及磁場的強(qiáng)弱均無關(guān)，它由磁通量的變化率決定，故選D. [答案]　D 命題視角2　公式E＝n的應(yīng)用 　（2018·阜陽高二檢測）如圖甲所示的螺線管，匝數(shù)n＝1 500匝，橫截面積S＝20 cm2，方向向右穿過螺線管的勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度按圖乙所示規(guī)律變化，則 （1）2 s內(nèi)

6、穿過線圈的磁通量的變化量是多少？ （2）磁通量的平均變化率多大？ （3）線圈中感應(yīng)電動(dòng)勢大小為多少？ [思路點(diǎn)撥] （1）磁通量的變化量用ΔΦ＝Φ2－Φ1求解； （2）感應(yīng)電動(dòng)勢用公式E＝n求解. [解析]　（1）磁通量的變化量是由磁感應(yīng)強(qiáng)度的變化引起的，則Φ1＝B1S， Φ2＝B2S，ΔΦ＝Φ2－Φ1，所以 ΔΦ＝ΔBS＝（6－2）×20×10－4Wb＝8×10－3Wb. （2）磁通量的變化率為 ＝Wb/s＝4×10－3Wb/s. （3）根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律得感應(yīng)電動(dòng)勢的大小 E＝n＝1 500×4×10－3 V＝6.0 V. [答案]?。?）8×10－3Wb?。?

7、）4×10－3Wb/s?。?）6.0 V （1）研究對(duì)象：E＝n的研究對(duì)象是一個(gè)回路，而不是一段導(dǎo)體. （2）物理意義：E＝n求的是Δt時(shí)間內(nèi)的平均感應(yīng)電動(dòng)勢；當(dāng)Δt→0時(shí)，則E為瞬時(shí)感應(yīng)電動(dòng)勢. （3）E＝n求得的電動(dòng)勢是整個(gè)回路的感應(yīng)電動(dòng)勢，而不是回路中某段導(dǎo)體的電動(dòng)勢.整個(gè)回路的電動(dòng)勢為零，其回路中某段導(dǎo)體的感應(yīng)電動(dòng)勢不一定為零. （4）用公式E＝nS求感應(yīng)電動(dòng)勢時(shí)，S為線圈在磁場范圍內(nèi)的有效面積.　 【通關(guān)練習(xí)】 1.（2018·遼寧凌源測試）如圖所示，一正方形線圈的匝數(shù)為n，邊長為a，線圈平面與勻強(qiáng)磁場垂直，且一半處在磁場中.在Δt時(shí)間內(nèi)，磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向不變，大小

8、由B均勻地增大到2B.在此過程中，線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢為（　?。? A.　　　　　　　　　 B. C. D. 解析：選B.線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢E＝n＝n··S＝n··＝，選項(xiàng)B正確. 2.（2018·北京豐臺(tái)測試）如圖所示，由相同導(dǎo)線制成的兩個(gè)金屬圓環(huán)a、b置于勻強(qiáng)磁場中，磁場方向與圓環(huán)所在平面垂直.磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間均勻增大，兩圓環(huán)半徑之比為2∶1，圓環(huán)中產(chǎn)生的感應(yīng)電流分別為Ia和Ib，不考慮兩圓環(huán)間的相互影響，下列說法正確的是（　?。? A.Ia∶Ib＝4∶1，感應(yīng)電流均沿逆時(shí)針方向 B.Ia∶Ib＝4∶1，感應(yīng)電流均沿順時(shí)針方向 C.Ia∶Ib＝2∶1，感應(yīng)電

9、流均沿逆時(shí)針方向 D.Ia∶Ib＝2∶1，感應(yīng)電流均沿順時(shí)針方向 解析：選C.因金屬圓環(huán)a、b是由相同導(dǎo)線制成的，故兩個(gè)圓環(huán)的電阻率和橫截面積相同，設(shè)電阻率為ρ，橫截面積為S0；根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律得感應(yīng)電動(dòng)勢為E＝＝S＝πr2，，根據(jù)閉合電路歐姆定律與電阻定律，則有：I＝＝＝×r，即電流與半徑成正比，故Ia∶Ib＝2∶1，感應(yīng)電流產(chǎn)生的磁場要阻礙原磁場的增大，即感應(yīng)電流產(chǎn)生向外的感應(yīng)磁場，根據(jù)楞次定律可得，感應(yīng)電流均沿逆時(shí)針方向，故C正確，A、B、D錯(cuò)誤. 　對(duì)公式E＝Blv的理解和應(yīng)用 1.對(duì)公式E＝Blvsin θ的理解 （1）該公式可看成法拉第電磁感應(yīng)定律的一種特殊情況，通

10、常用來求導(dǎo)體運(yùn)動(dòng)速度為v時(shí)的瞬時(shí)電動(dòng)勢. （2）當(dāng)B、l、v三個(gè)量方向相互垂直時(shí)，E＝Blv；當(dāng)有任意兩個(gè)量的方向平行時(shí)，E＝0. （3）式中的l應(yīng)理解為導(dǎo)體切割磁感線時(shí)的有效長度.若切割磁感線的導(dǎo)體是彎曲的，則應(yīng)取其與B和v方向都垂直的等效線段長度來計(jì)算.如圖中線段ab的長即為導(dǎo)體切割磁感線的有效長度. （4）該式適用于導(dǎo)體平動(dòng)時(shí)，即導(dǎo)體上各點(diǎn)的速度相等時(shí). （5）當(dāng)導(dǎo)體繞一端轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)如圖所示，由于導(dǎo)體上各點(diǎn)的速度不同，是線性增加的，所以導(dǎo)體運(yùn)動(dòng)的平均速度為＝＝，由公式E＝Bl得，E＝Bl＝Bl2ω. （6）公式中的v應(yīng)理解為導(dǎo)體和磁場的相對(duì)速度，當(dāng)導(dǎo)體不動(dòng)而磁場運(yùn)動(dòng)時(shí)，也有

11、電磁感應(yīng)現(xiàn)象產(chǎn)生. 2.公式E＝n與E＝Blvsin θ的區(qū)別與聯(lián)系 E＝n E＝Blvsin θ 區(qū) 別 求的是Δt時(shí)間內(nèi)的平均感應(yīng)電動(dòng)勢.E與某段時(shí)間或某個(gè)過程相對(duì)應(yīng) 求的是瞬時(shí)感應(yīng)電動(dòng)勢，E與某個(gè)時(shí)刻或某個(gè)位置相對(duì)應(yīng) 求的是整個(gè)電路的感應(yīng)電動(dòng)勢.整個(gè)電路的感應(yīng)電動(dòng)勢為零時(shí)，其電路中某段導(dǎo)體的感應(yīng)電動(dòng)勢不一定為零 求的是電路中的一部分導(dǎo)體切割磁感線時(shí)產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢 由于是整個(gè)電路的感應(yīng)電動(dòng)勢，因此電源部分不容易確定 是由一部分導(dǎo)體切割磁感線的運(yùn)動(dòng)產(chǎn)生的，該部分導(dǎo)體就相當(dāng)于電源 聯(lián)系 公式E＝n和E＝Blvsin θ是統(tǒng)一的，當(dāng)Δt→0時(shí)，E為瞬時(shí)感應(yīng)電動(dòng)勢，

12、只是由于高中數(shù)學(xué)知識(shí)所限，現(xiàn)在還不能這樣求瞬時(shí)感應(yīng)電動(dòng)勢，而公式E＝Blvsin θ中的v若代入平均速度，則求出的E為平均感應(yīng)電動(dòng)勢 命題視角1　導(dǎo)體平動(dòng)切割磁感線時(shí)的情況 ?。?017·高考全國卷Ⅲ）如圖，在方向垂直于紙面向里的勻強(qiáng)磁場中有一U形金屬導(dǎo)軌，導(dǎo)軌平面與磁場垂直.金屬桿PQ置于導(dǎo)軌上并與導(dǎo)軌形成閉合回路PQRS，一圓環(huán)形金屬線框T位于回路圍成的區(qū)域內(nèi)，線框與導(dǎo)軌共面.現(xiàn)讓金屬桿PQ突然向右運(yùn)動(dòng)，在運(yùn)動(dòng)開始的瞬間，關(guān)于感應(yīng)電流的方向，下列說法正確的是（　?。? A.PQRS中沿順時(shí)針方向，T中沿逆時(shí)針方向 B.PQRS中沿順時(shí)針方向，T中沿順時(shí)針方向 C.PQRS中

13、沿逆時(shí)針方向，T中沿逆時(shí)針方向 D.PQRS中沿逆時(shí)針方向，T中沿順時(shí)針方向 [解析]　金屬桿PQ向右切割磁感線，根據(jù)右手定則可知PQRS中感應(yīng)電流沿逆時(shí)針方向；原來T中的磁場方向垂直于紙面向里，金屬桿PQ中的感應(yīng)電流產(chǎn)生的磁場方向垂直于紙面向外，使得穿過T的磁通量減小，根據(jù)楞次定律可知T中產(chǎn)生順時(shí)針方向的感應(yīng)電流，綜上所述，可知A、B、C項(xiàng)錯(cuò)誤，D項(xiàng)正確. [答案]　D 命題視角2　導(dǎo)體轉(zhuǎn)動(dòng)切割磁感線時(shí)的情況 　長為l的金屬棒ab以a點(diǎn)為軸在垂直于勻強(qiáng)磁場的平面內(nèi)以角速度ω做勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，如圖所示，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，求： （1）ab棒各點(diǎn)的平均速率； （2）ab兩端的電勢差大小

14、； （3）經(jīng)時(shí)間Δt，金屬棒ab所掃過面積中磁通量為多少？此過程中平均感應(yīng)電動(dòng)勢多大？ [解析]?。?）ab棒各點(diǎn)的平均速率 ＝＝＝ωl. （2）ab兩端的電勢差大?。篍＝Bl＝Bl2ω. （3）經(jīng)時(shí)間Δt金屬棒ab所掃過的扇形面積為ΔS，則： ΔS＝l2θ＝l2ωΔt，ΔΦ＝BΔS＝Bl2ωΔt. 由法拉第電磁感應(yīng)定律得： E＝＝＝Bl2ω. [答案]?。?）ωl　（2）Bl2ω?。?）Bl2ωΔt　Bl2ω 命題視角3　公式E＝n與E＝Blv的區(qū)別 ?。ǘ噙x）（2018·沈陽高二檢測）如圖所示，一導(dǎo)線彎成半徑為a的半圓形閉合回路.虛線MN右側(cè)有磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁

15、場，方向垂直于回路所在的平面.回路以速度v向右勻速進(jìn)入磁場，直徑CD始終與MN垂直.從D點(diǎn)到達(dá)邊界開始到C點(diǎn)進(jìn)入磁場為止，下列結(jié)論正確的是（　　） A.感應(yīng)電流方向不變 B.CD段導(dǎo)線始終不受安培力 C.感應(yīng)電動(dòng)勢最大值E＝Bav D.感應(yīng)電動(dòng)勢平均值＝πBav [思路點(diǎn)撥] （1）由楞次定律（或右手定則）判斷I的方向. （2）由E＝n計(jì)算平均感應(yīng)電動(dòng)勢. （3）有效長度最大時(shí)，由E＝Blv計(jì)算最大值. [解析]　導(dǎo)體切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢，由右手定則可知，感應(yīng)電流方向不變，A正確；感應(yīng)電動(dòng)勢最大值即切割磁感線有效長度最大時(shí)的電動(dòng)勢，故Em＝Bav，C正確；＝，ΔΦ＝B·πa

16、2，Δt＝，解得＝πBav，D正確. [答案]　ACD （1）應(yīng)用E＝n或E＝Blv計(jì)算感應(yīng)電動(dòng)勢時(shí)，首先要注意弄清計(jì)算的是平均感應(yīng)電動(dòng)勢還是瞬時(shí)感應(yīng)電動(dòng)勢，其次要弄清產(chǎn)生類型是磁場變化型，還是切割型. （2）感應(yīng)電動(dòng)勢的平均值不是最大值與最小值的平均值，其值一般由＝n求解.　 【通關(guān)練習(xí)】 1.如圖所示，在磁感應(yīng)強(qiáng)度為B、方向垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場中，金屬桿MN在平行金屬導(dǎo)軌上以速度v向右勻速滑動(dòng)，MN中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢為E1；若磁感應(yīng)強(qiáng)度增為2B，其他條件不變，MN中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢變?yōu)镋2.則通過電阻R的電流方向及E1與E2之比E1∶E2分別為（　?。? A.c→a，2∶

17、1　　　　　　　　 B.a→c，2∶1 C.a→c，1∶2 D.c→a，1∶2 解析：選C.由右手定則判斷可得，電阻R上的電流方向?yàn)閍→c，由E＝Blv知，E1＝Blv，E2＝2Blv，則E1∶E2＝1∶2，故選項(xiàng)C正確. 2.如圖所示，邊長為a的正方形閉合線框ABCD在勻強(qiáng)磁場中繞AB邊勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，初始時(shí)刻線框所在平面與磁感線垂直，經(jīng)過t時(shí)刻轉(zhuǎn)過120°角，求： （1）線框內(nèi)感應(yīng)電動(dòng)勢在t時(shí)間段內(nèi)的平均值； （2）轉(zhuǎn)過120°角時(shí)感應(yīng)電動(dòng)勢的瞬時(shí)值. 解析：（1）設(shè)初始時(shí)刻線框向紙外的一面為正面，此時(shí)磁通量Φ1＝－Ba2，磁感線從正面穿入，t時(shí)刻后Φ2＝Ba

18、2，磁感線從正面穿出，磁通量的變化量為ΔΦ＝， 則＝＝. （2）計(jì)算感應(yīng)電動(dòng)勢的瞬時(shí)值要用公式E＝Blvsin θ. v＝，θ＝120°，所以E＝. 答案：（1）?。?） 　電磁感應(yīng)中電路的分析和計(jì)算 1.電磁感應(yīng)中的電路問題，實(shí)際上是電磁感應(yīng)和恒定電流問題的綜合題.感應(yīng)電動(dòng)勢大小的計(jì)算、方向的判定以及電路的等效轉(zhuǎn)化，是解決此類問題的關(guān)鍵. 在題目中常涉及電流、電壓、電功等的計(jì)算，還可能涉及電磁感應(yīng)與力學(xué)、能量等知識(shí)的綜合分析. 2.解決問題的關(guān)鍵：產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢的那部分導(dǎo)體或線圈作為電路的電源和內(nèi)電路. 3.根據(jù)電磁感應(yīng)的平均電動(dòng)勢求解電路中通過的電量：q＝·Δt＝·Δt＝

19、·Δt＝n. 命題視角1　電磁感應(yīng)現(xiàn)象中電路的分析 　（2018·遼寧撫順六校聯(lián)考）如圖甲所示，n＝15匝的圓形線圈M，其電阻為1 Ω，它的兩端點(diǎn)a、b與阻值為2 Ω的定值電阻R相連，穿過線圈的磁通量的變化規(guī)律如圖乙所示.則（　?。? A.線圈中感應(yīng)電流是順時(shí)針方向 B.線圈中感應(yīng)電動(dòng)勢大小為1.5 V C.電路中電流是1.0 A D.電阻R的熱功率是3.0 W [解析]　由Φ－t圖象知，穿過M的磁通量均勻增加，根據(jù)楞次定律可知線圈中感應(yīng)電流是逆時(shí)針方向，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；由法拉第電磁感應(yīng)定律得：E＝＝15× V＝3 V，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；由閉合電路歐姆定律得：I＝＝ A＝1 A，選項(xiàng)C

20、正確；電阻R的熱功率是P＝I2R＝12×2 W＝2 W，選項(xiàng)D錯(cuò)誤. [答案]　C 命題視角2　感應(yīng)電荷量的計(jì)算 　（多選）（2018·河南永年一中月考）如圖所示，長直導(dǎo)線通以方向向上的恒定電流i，矩形金屬線圈abcd與導(dǎo)線共面，線圈的長是寬的2倍，第一次將線圈由靜止從位置Ⅰ平移到位置Ⅱ停下，第二次將線圈由靜止從位置Ⅰ繞過d點(diǎn)垂直紙面的軸線旋轉(zhuǎn)90°到位置Ⅲ停下，兩次變換位置的過程所用的時(shí)間相同，以下說法正確的是（　?。? A.兩次線圈所產(chǎn)生的平均感應(yīng)電動(dòng)勢相等 B.兩次線圈所產(chǎn)生的平均感應(yīng)電動(dòng)勢不相等 C.兩次通過線圈導(dǎo)線橫截面積的電量相等 D.兩次通過線圈導(dǎo)線橫截面積的

21、電量不相等 [解析]　根據(jù)通電直導(dǎo)線周圍的磁場分布可知，兩次通過線圈的磁通量不同，根據(jù)＝n可知，線圈所產(chǎn)生的平均感應(yīng)電動(dòng)勢不相等，選項(xiàng)A錯(cuò)誤，B正確；根據(jù)q＝n 可知兩次通過線圈導(dǎo)線橫截面積的電量不相等，選項(xiàng)C錯(cuò)誤，D正確. [答案]　BD 電磁感應(yīng)中電路問題的分析思路 （1）明確哪部分導(dǎo)體或電路產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢，該導(dǎo)體或電路就是電源，其他部分是外電路. （2）用法拉第電磁感應(yīng)定律或切割公式確定感應(yīng)電動(dòng)勢的大小，用楞次定律或右手定則確定感應(yīng)電動(dòng)勢的方向. （3）分清內(nèi)外電路，畫出等效電路圖. （4）運(yùn)用閉合電路歐姆定律，串、并聯(lián)電路特點(diǎn)，電功率與電熱等公式聯(lián)立求解.　 【通

22、關(guān)練習(xí)】 1.（2018·哈爾濱三中檢測）如圖，間距為L的平行金屬導(dǎo)軌上有一電阻為r的金屬棒ab與導(dǎo)軌接觸良好，導(dǎo)軌一端連接電阻R，其他電阻不計(jì)，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，當(dāng)金屬棒ab以速度v向右勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)，下列說法正確的是（　?。? A.電阻R兩端的電壓為BLv B.ab棒受到的安培力的方向向左 C.ab棒中電流大小為BLv/R D.回路中電流為順時(shí)針方向 解析：選B.金屬棒產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢為E＝BLv，ab棒中電流大小為I＝，由右手定則，感應(yīng)電流方向由b到a（逆時(shí)針方向），則R兩端電壓為BLv－Ir，由左手定則可知安培力向左，故選B. 2.如圖甲所示，水平放置的線圈匝數(shù)n＝200匝，

23、直徑d1＝40 cm，電阻r＝2 Ω，線圈與阻值R＝6 Ω的電阻相連.在線圈的中心有一個(gè)直徑d2＝20 cm的有界勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度按圖乙所示規(guī)律變化.試求： （1）電壓表的示數(shù)； （2）若撤去原磁場，在圖中豎直虛線的右側(cè)空間加磁感應(yīng)強(qiáng)度B＝0.5 T的勻強(qiáng)磁場，方向垂直紙面向里，試證明將線圈向左拉出磁場的過程中，通過電阻R上的電荷量為定值，并求出其值. 解析：（1）由E＝n可得 E＝n E＝I（R＋r） U＝IR 解得U＝1.5π V≈4.71 V. （2）設(shè)線圈拉出磁場經(jīng)歷時(shí)間Δt. ＝n＝n，＝ 電荷量q＝Δt 解得q＝ n， 與線圈運(yùn)動(dòng)的時(shí)間無關(guān)， 即與

24、運(yùn)動(dòng)的速度無關(guān). 代入數(shù)據(jù)即得q＝0.5π C≈1.57 C. 答案：（1）4.71 V?。?）見解析 [隨堂檢測] 1.（2018·北京門頭溝檢測）如圖所示，某課外活動(dòng)小組的同學(xué)，把一根大約10 m長的電線的兩端用導(dǎo)線連接在一個(gè)靈敏電流表的兩個(gè)接線柱上.有兩名同學(xué)站在東西方向搖動(dòng)導(dǎo)線做“搖繩發(fā)電”實(shí)驗(yàn)，要使實(shí)驗(yàn)現(xiàn)象更明顯，你認(rèn)為下列改進(jìn)措施可行的是（　　） A.減緩搖繩的速度 B.站在南北方向搖動(dòng)導(dǎo)線 C.增加被搖動(dòng)導(dǎo)線的長度 D.把靈敏電流表改為伏特表 解析：選C.根據(jù)E＝BLv可知，減緩搖繩的速度，則電動(dòng)勢減小，實(shí)驗(yàn)現(xiàn)象越不明顯，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；由于地球的周圍存在

25、磁場，且磁感線的方向是從地理的南極指向地理的北極，所以當(dāng)兩個(gè)同學(xué)站在南北方向搖動(dòng)導(dǎo)線，產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢較小，實(shí)驗(yàn)不明顯，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；根據(jù)E＝BLv可知，增加被搖動(dòng)導(dǎo)線的長度，則電動(dòng)勢變大，實(shí)驗(yàn)現(xiàn)象越明顯，選項(xiàng)C正確；伏特表的內(nèi)阻較大，則把靈敏電流表改為伏特表，指針偏轉(zhuǎn)更加不明顯，選項(xiàng)D錯(cuò)誤. 2.如圖所示，半徑為r的金屬圓盤在垂直于盤面的勻強(qiáng)磁場B中繞O軸以角速度ω沿逆時(shí)針方向勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，則通過電阻R的電流的大小和方向是（金屬圓盤的電阻不計(jì)）（　?。? A.由c到d，I＝ B.由d到c，I＝ C.由c到d，I＝ D.由d到c，I＝ 解析：選C.金屬圓盤在勻強(qiáng)磁場中勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，可以等效

26、為無數(shù)根長為r的導(dǎo)體棒繞O點(diǎn)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，其產(chǎn)生的電動(dòng)勢大小為E＝，由右手定則可知電流方向由c指向d，通過電阻R的電流I＝. 3.（2018·北京朝陽區(qū)檢測）如圖1所示，閉合線圈放在勻強(qiáng)磁場中，t＝0時(shí)磁場方向垂直線圈平面向里，磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間t的變化關(guān)系如圖2所示.在0～2 s內(nèi)，線圈中感應(yīng)電流（　?。? A.逐漸增大，方向?yàn)槟鏁r(shí)針 B.逐漸減小，方向?yàn)轫槙r(shí)針 C.大小不變，方向?yàn)轫槙r(shí)針 D.大小不變，方向?yàn)橄软槙r(shí)針后逆時(shí)針 解析：選C.第1 s內(nèi)，磁場的方向垂直于紙面向里，且均勻減小，所以產(chǎn)生恒定的電流，根據(jù)楞次定律，感應(yīng)電流的方向?yàn)轫槙r(shí)針方向；第2 s內(nèi)，磁場的方向垂

27、直于紙面向外，且均勻增加，所以產(chǎn)生恒定的電流，根據(jù)楞次定律，感應(yīng)電流的方向?yàn)轫槙r(shí)針方向.由E＝nS可知，這2 s內(nèi)感應(yīng)電動(dòng)勢恒定，故產(chǎn)生的電流大小不變，方向一直為順時(shí)針.故C正確，A、B、D錯(cuò)誤. 4.如圖所示，面積為0.2 m2的100匝線圈處在勻強(qiáng)磁場中，磁場方向垂直于線圈平面，已知磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時(shí)間變化的規(guī)律為B＝（2＋0.2t）T，定值電阻R1＝6 Ω，線圈電阻R2＝4 Ω，求： （1）磁通量變化率和回路中的感應(yīng)電動(dòng)勢； （2）a、b兩點(diǎn)間電壓Uab； （3）2 s內(nèi)通過R1的電量q. 解析：（1）由B＝（2＋0.2t）T可知＝0.2 T/s. 磁通量變化率為＝S＝0.0

28、4 Wb/s. 由法拉第電磁感應(yīng)定律可知回路的感應(yīng)電動(dòng)勢為 E＝n＝nS＝100×0.2×0.2 V＝4 V. （2）a、b兩點(diǎn)間電壓Uab等于定值電阻R1兩端的電壓，則Uab＝R1＝2.4 V. （3）2 s內(nèi)的磁感應(yīng)強(qiáng)度變化量為 ΔB＝·t＝0.2×2 T＝0.4 T q＝·Δt＝·Δt＝n＝n·S＝100×0.2× C＝0.8 C. 答案：（1）0.04 Wb/s　4 V?。?）2.4 V?。?）0.8 C [課時(shí)作業(yè)] 一、單項(xiàng)選擇題 1.（2018·湖北宜昌遠(yuǎn)安一中月考）下列關(guān)于電磁感應(yīng)的說法正確的是（　?。? A. 在電磁感應(yīng)現(xiàn)象中，有感應(yīng)電動(dòng)勢，就一定有感應(yīng)

29、電流 B.穿過某電路的磁通量變化量越大，產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢就越大 C.閉合電路置于磁場中，當(dāng)磁感應(yīng)強(qiáng)度為零時(shí)，感應(yīng)電動(dòng)勢可能很大 D.公式E＝Blv中的l是導(dǎo)體的長度 解析：選C.在電磁感應(yīng)現(xiàn)象中，有感應(yīng)電動(dòng)勢，不一定有感應(yīng)電流，只有當(dāng)電路閉合時(shí)才有感應(yīng)電流，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；穿過某電路的磁通量變化率越大，產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢就越大，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；閉合電路置于磁場中，當(dāng)磁感應(yīng)強(qiáng)度為零時(shí)，磁通量的變化率可能很大，則感應(yīng)電動(dòng)勢可能很大，選項(xiàng)C正確；公式E＝Blv中的l是導(dǎo)體切割磁感線的有效長度，選項(xiàng)D錯(cuò)誤. 2.（2018·河北邢臺(tái)一中檢測）如圖所示，在國慶60周年閱兵盛典上，我國預(yù)警機(jī)“空警－200

30、0”在天安門上空時(shí)機(jī)翼保持水平，以120 m/s的速度自東向西飛行.該機(jī)的翼展（兩翼尖之間的距離）為50 m，北京地區(qū)地磁場的豎直分量向下，大小為4.5×10－5 T，則（　　） A.兩翼尖之間的電勢差為0 B.兩翼尖之間的電勢差為2.7 V C.飛行員左方翼尖的電勢比右方翼尖的電勢高 D.飛行員左方翼尖的電勢比右方翼尖的電勢低 解析：選C.由E＝BLv可得，兩翼尖間的電勢差為：U＝E＝BLv＝4.5×10－5×50×120 V＝0.27 V，故A、B錯(cuò)誤；由右手定則可知，電路中若有感應(yīng)電流，其方向自右向左，因飛機(jī)此時(shí)作為電源處理，故電勢應(yīng)為左方高，故C正確，D錯(cuò)誤. 3.如圖

31、所示，在水平桌面上放著一個(gè)1匝的矩形線圈，線圈中心上方某處有一豎立的條形磁體，此時(shí)線圈內(nèi)的磁通量為0.04 Wb.在0.5 s內(nèi)將條形磁體放到線圈內(nèi)的桌面上，此時(shí)線圈內(nèi)的磁通量為0.12 Wb，則在這個(gè)過程中線圈的感應(yīng)電動(dòng)勢為（　?。? A.0.16 V　　　　　　　　　 B.0.24 V C.1.6 V D.2.4 V 解析：選A.由題，穿過線圈的磁通量增加量為ΔΦ＝Φ2－Φ1＝0.12 Wb－0.04 Wb＝0.08 Wb.根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律得，E＝n＝1× V＝0.16 V，故A正確. 4.（2018·遼寧大連檢測）穿過某閉合回路的磁通量Φ隨時(shí)間t變化的圖象分別如

32、圖中的①～④所示，下列說法正確的是（　?。? A. 圖①有感應(yīng)電動(dòng)勢，且大小恒定不變 B.圖②產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢一直在變大 C.圖③在0～t1時(shí)間內(nèi)的感應(yīng)電動(dòng)勢是t1～t2時(shí)間內(nèi)感應(yīng)電動(dòng)勢的2倍 D.圖④產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢先變大再變小 解析：選C.圖①中磁通量沒有變，因此沒有感應(yīng)電動(dòng)勢，故A錯(cuò)誤；圖②中的磁通量均勻增加，則圖象的斜率不變，因此感應(yīng)電動(dòng)勢不變，故B錯(cuò)誤；圖③在0～t1時(shí)間內(nèi)的斜率是t1～t2時(shí)間內(nèi)斜率的2倍，所以在0～t1時(shí)間內(nèi)感應(yīng)電動(dòng)勢是t1～t2時(shí)間內(nèi)感應(yīng)電動(dòng)勢的2倍，故C正確；圖④的斜率先減小后增大，故產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢先變小再變大，故D錯(cuò)誤. 5.如圖所示，導(dǎo)線O

33、A長為l，在勻強(qiáng)磁場中以角速度ω沿圖中所示方向繞通過懸點(diǎn)O的豎直軸旋轉(zhuǎn)，導(dǎo)線OA與豎直方向的夾角為θ.則OA導(dǎo)線中的感應(yīng)電動(dòng)勢大小和O、A兩點(diǎn)電勢高低情況分別是（　?。? A.Bl2ω　O點(diǎn)電勢高 B.Bl2ω　A點(diǎn)電勢高 C.Bl2ωsin2 θ　O點(diǎn)電勢高 D.Bl2ωsin2 θ　A點(diǎn)電勢高 解析：選D.導(dǎo)線OA切割磁感線的有效長度等于圓的半徑，即R＝l·sin θ，產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢E＝BR2ω＝Bl2ωsin2 θ ，由右手定則可知A點(diǎn)電勢高，所以D正確. 6.（2018·武漢高二檢測）物理實(shí)驗(yàn)中常用一種叫做“沖擊電流計(jì)”的儀器測定通過電路的電荷量，如圖所示，探測線圈與沖擊電

34、流計(jì)串聯(lián)后可用來測定磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度.已知線圈匝數(shù)為n，面積為S，線圈與沖擊電流計(jì)組成的回路電阻為R.若將線圈放在被測勻強(qiáng)磁場中，開始線圈平面與磁場垂直，現(xiàn)把探測線圈翻轉(zhuǎn)180°，沖擊電流計(jì)測出通過線圈的電荷量為q，由上述數(shù)據(jù)可得出被測磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度為（　?。? A. B. C. D. 解析：選A.q＝Δt＝·Δt＝n＝n＝n，所以B＝.故選A. 7.（2018·北京門頭溝檢測）如圖甲所示，多匝線圈兩端M、N與一個(gè)水平放置的平行板電容器相連，線圈內(nèi)有垂直紙面向里的磁場，線圈中的磁通量在按圖乙所示規(guī)律變化時(shí)，平行板電容器內(nèi)的帶電微粒恰好處于靜止?fàn)顟B(tài).下列說法正確的是（　?。?

35、 A.如果只增加線圈匝數(shù)，微粒將向上運(yùn)動(dòng) B.如果只增加線圈匝數(shù)，微粒將向下運(yùn)動(dòng) C.如果只將下極板向下緩慢平移，微粒將向上運(yùn)動(dòng) D.如果只將下極板向下緩慢平移，微粒仍然保持靜止 解析：選A.開始時(shí)，微粒受向下的重力和向上的電場力平衡，即mg＝q，其中E＝n；若如果只增加線圈匝數(shù)，則感應(yīng)電動(dòng)勢E變大，電場力變大，則微粒將向上運(yùn)動(dòng)，選項(xiàng)A正確，B錯(cuò)誤；如果只將下極板向下緩慢平移，則d變大，則電場力減小，則微粒將向下運(yùn)動(dòng)，選項(xiàng)C、D錯(cuò)誤. 二、多項(xiàng)選擇題 8.（2018·湖北武漢測試）如圖所示，n＝100匝的線框垂直放在勻強(qiáng)磁場中，線框面積為S＝20 cm2，線框的總電阻為R＝20

36、Ω，若磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度在Δt＝0.2 s的時(shí)間內(nèi)由0.1 T增加到0.5 T，則下面說法正確的是（　?。? A.線框中的感應(yīng)電流方向是順時(shí)針 B.線框中的感應(yīng)電流方向是逆時(shí)針 C.產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢大小為E＝0.4 V D.產(chǎn)生的感應(yīng)電流大小為I＝0.2 A 解析：選BC.當(dāng)磁場增強(qiáng)時(shí)，穿過線圈的磁通量增加，根據(jù)楞次定律可知，線圈中產(chǎn)生逆時(shí)針方向的電流，故選項(xiàng)B正確，A錯(cuò)誤；根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律知線框中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢為：E＝n＝100××20×10－4V＝0.4 V；產(chǎn)生的感應(yīng)電流大小為I＝＝ A＝0.02 A，故選項(xiàng)C正確，D錯(cuò)誤. 9.單匝線圈在勻強(qiáng)磁場中繞垂直于磁場的軸勻速

37、轉(zhuǎn)動(dòng)，穿過線圈的磁通量Φ隨時(shí)間t變化的關(guān)系圖象如圖所示，則（　?。? A.在t＝0時(shí)刻，線圈中磁通量最大，感應(yīng)電動(dòng)勢也最大 B.在t＝1×10－2s時(shí)刻，感應(yīng)電動(dòng)勢最大 C.在t＝2×10－2s時(shí)刻，感應(yīng)電動(dòng)勢為零 D.在0～2×10－2s時(shí)間內(nèi)，線圈中感應(yīng)電動(dòng)勢的平均值為零 解析：選BC.由法拉第電磁感應(yīng)定律知E∝，故t＝0及t＝2×10－2s時(shí)刻，E＝0，A錯(cuò)，C對(duì)；t＝1×10－2s，E最大，B對(duì)；0～2×10－2s，ΔΦ≠0，E≠0，D錯(cuò). 10.用均勻?qū)Ь€做成的正方形線圈邊長為l，正方形的一半放在垂直于紙面向里的勻強(qiáng)磁場中，如圖所示.當(dāng)磁場以的變化率增強(qiáng)時(shí)，則（　?。?

38、 A.線圈中感應(yīng)電流方向?yàn)閍cbda B.線圈中產(chǎn)生的電動(dòng)勢E＝· C.線圈中a點(diǎn)電勢高于b點(diǎn)電勢 D.線圈中a、b兩點(diǎn)間的電勢差為· 解析：選AB.根據(jù)楞次定律可知，選項(xiàng)A正確；線圈中產(chǎn)生的電動(dòng)勢E＝＝＝·，選項(xiàng)B正確；線圈中的感應(yīng)電流沿逆時(shí)針方向，所以a點(diǎn)電勢低于b點(diǎn)電勢，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；線圈左邊的一半導(dǎo)線相當(dāng)于電源，右邊的一半導(dǎo)線相當(dāng)于外電路，a、b兩點(diǎn)間的電勢差相當(dāng)于路端電壓，其大小為U＝＝·，選項(xiàng)D錯(cuò)誤. 三、非選擇題 11.（高考江蘇卷）做磁共振（MRI）檢查時(shí)，對(duì)人體施加的磁場發(fā)生變化時(shí)會(huì)在肌肉組織中產(chǎn)生感應(yīng)電流.某同學(xué)為了估算該感應(yīng)電流對(duì)肌肉組織的影響，將包裹在骨骼上的

39、一圈肌肉組織等效成單匝線圈，線圈的半徑r＝5.0 cm，線圈導(dǎo)線的截面積A＝0.80 cm2，電阻率ρ＝1.5 Ω·m.如圖所示，勻強(qiáng)磁場方向與線圈平面垂直，若磁感應(yīng)強(qiáng)度B在0.3 s內(nèi)從1.5 T均勻地減為零，求：（計(jì)算結(jié)果保留一位有效數(shù)字） （1）該圈肌肉組織的電阻R； （2）該圈肌肉組織中的感應(yīng)電動(dòng)勢E； （3）0.3 s內(nèi)該圈肌肉組織中產(chǎn)生的熱量Q. 解析：（1）由電阻定律得R＝ρ，代入數(shù)據(jù)得 R≈6×103 Ω. （2）感應(yīng)電動(dòng)勢E＝，代入數(shù)據(jù)得 E≈4×10－2 V. （3）由焦耳定律得Q＝Δt，代入數(shù)據(jù)得Q＝8×10－8 J. 答案：（1）6×103 Ω?。?）

40、4×10－2 V?。?）8×10－8 J 12.（2018·吉林長春市十一中月考）如圖1所示，一個(gè)圓形線圈的匝數(shù)n＝100匝，線圈的面積S＝0.2 m2，線圈的電阻r＝1 Ω，線圈外接一個(gè)阻值R＝4 Ω的電阻，把線圈放入一方向垂直線圈平面向里的勻強(qiáng)磁場中，磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時(shí)間變化規(guī)律如圖2所示.求 （1）在0～4 s內(nèi)穿過線圈的磁通量變化量； （2）前4 s內(nèi)產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢； （3）6 s內(nèi)通過電阻R的電荷量q. 解析：（1）根據(jù)磁通量定義式Φ＝BS，那么在0～4 s內(nèi)穿過線圈的磁通量變化量為： ΔΦ＝（B2－B1）S＝（0.4－0.2）×0.2 Wb＝4×10－2 Wb. （2）（3）由圖象可知前4 s內(nèi)磁感應(yīng)強(qiáng)度B的變化率為： ＝ T/s＝0.05 T/s 4 s內(nèi)的平均感應(yīng)電動(dòng)勢為： E＝nS＝100×0.05×0.2 V＝1 V 電路中的平均感應(yīng)電流為：＝ q＝t 又因?yàn)镋＝n 所以q＝n＝100× C＝0.8 C. 答案：（1）4×10－2 Wb?。?）1 V　（3）0.8 C 20