(全國(guó)通用)2020版高考物理一輪復(fù)習(xí) 第三章 微專(zhuān)題24 運(yùn)動(dòng)學(xué)兩類(lèi)基本問(wèn)題加練半小時(shí)(含解析)
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(全國(guó)通用)2020版高考物理一輪復(fù)習(xí) 第三章 微專(zhuān)題24 運(yùn)動(dòng)學(xué)兩類(lèi)基本問(wèn)題加練半小時(shí)(含解析)
運(yùn)動(dòng)學(xué)兩類(lèi)基本問(wèn)題
[方法點(diǎn)撥] (1)做好受力分析,分析出物體受到的各個(gè)力,判斷合力的方向,表示出合力與各力的關(guān)系.(2)做好運(yùn)動(dòng)過(guò)程分析,分析物體的運(yùn)動(dòng)性質(zhì),判斷加速度的方向,并表示出加速度與運(yùn)動(dòng)學(xué)各量的關(guān)系.(3)求解加速度是解決問(wèn)題的關(guān)鍵.(4)力的處理方法一般用合成法或正交分解法.
1.(2018·河南省開(kāi)封市質(zhì)檢)某實(shí)驗(yàn)小組設(shè)計(jì)了一個(gè)模型火箭,由測(cè)力計(jì)測(cè)得其重力為G,通過(guò)測(cè)量計(jì)算得此火箭發(fā)射時(shí)可提供大小為F=2G的恒定推力,且持續(xù)時(shí)間為t,隨后該小組又對(duì)設(shè)計(jì)方案進(jìn)行了改進(jìn),采用二級(jí)推進(jìn)的方式,即當(dāng)火箭飛行時(shí),火箭丟棄一半的質(zhì)量,剩余時(shí)間內(nèi),火箭推動(dòng)剩余部分繼續(xù)飛行,若采用原來(lái)的方式,火箭可上升的高度為H,則改進(jìn)后火箭最高可上升的高度為(不考慮燃料消耗引起的質(zhì)量變化)( )
A.1.5H B.2H
C.2.75H D.3.25H
2.(多選)如圖1甲所示,為測(cè)定物體沖上粗糙斜面能達(dá)到的最大位移x與斜面傾角θ的關(guān)系,將某一物體每次以不變的初速率v0沿足夠長(zhǎng)的斜面向上推出,調(diào)節(jié)斜面與水平方向的夾角θ,實(shí)驗(yàn)測(cè)得x與斜面傾角θ的關(guān)系如圖乙所示,g取10m/s2,根據(jù)圖象可求出( )
圖1
A.物體的初速率v0=3m/s
B.物體與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0.75
C.取不同的傾角θ,物體在斜面上能達(dá)到的位移x的最小值xmin=1.44m
D.當(dāng)θ=45°時(shí),物體達(dá)到最大位移后將停在斜面上
3.如圖2所示,表面處處同樣粗糙的楔形木塊abc固定在水平地面上,ab面和bc面與地面的夾角分別為α和β,且α>β,一初速度為v0的小物塊沿斜面ab向上運(yùn)動(dòng),經(jīng)時(shí)間t0后到達(dá)頂點(diǎn)b時(shí),速度剛好為零;然后讓小物塊立即從靜止開(kāi)始沿斜面bc下滑,在小物塊從a運(yùn)動(dòng)到c的過(guò)程中,可以正確描述其速度大小v與時(shí)間t的關(guān)系的圖象是( )
圖2
4.(多選)(2018·河北省定州中學(xué)月考)將質(zhì)量均為M=1kg的編號(hào)依次為1,2,…,6的梯形劈塊靠在一起構(gòu)成傾角為37°的三角形劈面,每個(gè)梯形劈塊上斜面長(zhǎng)度均為L(zhǎng)=0.2m,如圖3所示,質(zhì)量m=1kg的小物塊A與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ1=0.5,每個(gè)梯形劈塊與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為μ2=0.3,假定最大靜摩擦力與滑動(dòng)摩擦力相等,現(xiàn)使A從斜面底端以平行于斜面的初速度v0=4.5m/s沖上斜面,下列說(shuō)法正確的是(sin37°=0.6,cos37°=0.8,g取10m/s2)( )
圖3
A.若所有劈均固定在水平面上,物塊最終從6號(hào)劈上沖出
B.若所有劈均固定在水平面上,物塊最終能沖到6號(hào)劈上
C.若所有劈均不固定在水平面上,物塊上滑到4號(hào)劈時(shí),劈開(kāi)始相對(duì)水平面滑動(dòng)
D.若所有劈均不固定在水平面上,物塊上滑到5號(hào)劈時(shí),劈開(kāi)始相對(duì)水平面滑動(dòng)
5.(2018·河北省定州中學(xué)月考)如圖4甲所示,小物塊從足夠長(zhǎng)的固定光滑斜面頂端由靜止自由下滑,下滑位移x時(shí)的速度為v,其x-v2圖象如圖乙所示,g取10m/s2,則斜面的傾角θ為( )
圖4
A.30°B.45°C.60°D.75°
6.(多選)如圖5所示,豎直平面內(nèi)有一光滑直桿AB,桿與水平方向的夾角為θ(0°≤θ≤90°),一質(zhì)量為m的小圓環(huán)套在直桿上,給小圓環(huán)施加一與該豎直平面平行的恒力F,并從A端由靜止釋放,改變直桿與水平方向的夾角θ,當(dāng)直桿與水平方向的夾角為30°時(shí),小圓環(huán)在直桿上運(yùn)動(dòng)的時(shí)間最短,重力加速度為g,則( )
圖5
A.恒力F一定沿與水平方向成30°角斜向右下的方向
B.恒力F和小圓環(huán)的重力的合力一定沿與水平方向成30°角斜向右下的方向
C.若恒力F的方向水平向右,則恒力F的大小為mg
D.恒力F的最小值為mg
7.如圖6所示,傾角為30°的光滑固定斜面上放置質(zhì)量為M的木板A,跨過(guò)輕質(zhì)光滑定滑輪的細(xì)線(xiàn)一端與木板相連且細(xì)線(xiàn)與斜面平行,另一端連接質(zhì)量為m的物塊B,質(zhì)量也為m的物塊C位于木板頂端,由靜止釋放后,C下滑,而A、B仍保持靜止,已知M=1.5m,重力加速度為g,則C沿木板下滑的加速度大小為( )
圖6
A.gB.gC.gD.g
8.(2018·四川省瀘州市一檢)如圖7所示,B是水平地面上AC的中點(diǎn),可視為質(zhì)點(diǎn)的小物塊以某一初速度從A點(diǎn)滑動(dòng)到C點(diǎn)停止.小物塊經(jīng)過(guò)B點(diǎn)時(shí)的速度等于它在A點(diǎn)時(shí)速度的一半.則小物塊與AB段間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ1和其與BC段間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ2的比值為( )
圖7
A.1B.2C.3D.4
9.(多選)(2019·四川省自貢市一診)如圖8所示,豎直擋板對(duì)小球的彈力為FN1,小車(chē)斜面對(duì)小球的彈力為FN2.若小車(chē)向左加速運(yùn)動(dòng)且加速度a逐漸增加,則( )
圖8
A.FN2逐漸減小
B.FN2不變
C.FN1逐漸增大
D.FN1與FN2的合力有可能不變
10.一飛行器在地面附近做飛行試驗(yàn),從地面起飛時(shí)沿與水平方向成30°角的直線(xiàn)斜向右上方勻加速飛行,此時(shí)發(fā)動(dòng)機(jī)提供的動(dòng)力方向與水平方向夾角為60°.若飛行器所受空氣阻力不計(jì),重力加速度為g.則可判斷( )
A.飛行器的加速度大小為g
B.飛行器的加速度大小為2g
C.起飛后t時(shí)間內(nèi)飛行器上升的高度為gt2
D.起飛后t時(shí)間內(nèi)飛行器上升的高度為gt2
11.(2018·湖南省長(zhǎng)郡中學(xué)月考)如圖9所示,在傾角θ=37°的足夠長(zhǎng)的固定斜面上,有一質(zhì)量m=1kg的物體,物體與斜面間動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0.2,物體受到平行于斜面向上的輕細(xì)線(xiàn)的拉力F=9.6N的作用,從靜止開(kāi)始運(yùn)動(dòng),經(jīng)2s輕細(xì)線(xiàn)突然斷了,則輕細(xì)線(xiàn)斷后經(jīng)過(guò)多長(zhǎng)時(shí)間物體的速度大小為22m/s?(結(jié)果保留兩位有效數(shù)字,已知sin37°=0.6,g取10m/s2)
圖9
答案精析
1.C [采用原來(lái)的方式時(shí),模型火箭加速上升過(guò)程中,由牛頓第二定律得F-G=ma,解得a=g,故火箭加速上升的高度h1=gt2,t時(shí)刻火箭的速度大小為v=at=gt,失去推力后,火箭做豎直上拋運(yùn)動(dòng),火箭上升的高度h2===gt2,則H=h1+h2=gt2,改為二級(jí)推進(jìn)的方式后,火箭加速上升過(guò)程中,由牛頓第二定律得F-G=ma1,解得a1=g,時(shí)間內(nèi)火箭加速上升的高度H1=a1·2=gt2,時(shí)刻火箭的速度v1=a1·=g·,丟棄一半的質(zhì)量后,由牛頓第二定律得F-G=ma2,解得a2=3g;后時(shí)間內(nèi)火箭加速上升的高度H2=v1·+a22=gt2,t時(shí)刻火箭的速度v2=v1+a2·=2gt,失去推力后,火箭做豎直上拋運(yùn)動(dòng),上升的高度H3===2gt2,則H′=H1+H2+H3=gt2+gt2+2gt2=gt2=H=2.75H,故C正確.]
2.BC [當(dāng)斜面傾角θ=90°時(shí),物體對(duì)斜面無(wú)壓力,也無(wú)摩擦力,物體做豎直上拋運(yùn)動(dòng),根據(jù)勻變速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)規(guī)律有02-v02=-2gx,根據(jù)題圖乙可得此時(shí)x=1.80m,解得初速率v0=6m/s,選項(xiàng)A錯(cuò);當(dāng)斜面傾角θ=0°時(shí)即為水平,物體在運(yùn)動(dòng)方向上只受到摩擦力作用,則有μmgx=mv02,根據(jù)題圖乙知此時(shí)x=2.40m,解得μ=0.75,選項(xiàng)B對(duì);物體沿斜面上滑,由牛頓第二定律可知加速度a=gsinθ+μgcosθ=g(sinθ+μcosθ),v02=2ax=2g(sinθ+μcosθ)x,sinθ+μcosθ=sin(θ+α)=sin(θ+α),則xmin=1.44m,選項(xiàng)C對(duì);當(dāng)θ=45°時(shí),因mgsin45°>μmgcos45°,則物體達(dá)到最大位移后將返回,選項(xiàng)D錯(cuò).]
3.C [設(shè)物塊上滑與下滑的加速度大小分別為a1和a2,根據(jù)牛頓第二定律得mgsinα+μmgcosα=ma1,mgsinβ-μmgcosβ=ma2,得a1=gsinα+μgcosα,a2=gsinβ-μgcosβ,則知a1>a2,而v-t圖象的斜率表示加速度,所以上滑段圖線(xiàn)的斜率大于下滑段圖線(xiàn)的斜率;上滑過(guò)程的位移大小較小,而上滑的加速度較大,由x=at2知,上滑過(guò)程時(shí)間較短;上滑過(guò)程中,物塊做勻減速運(yùn)動(dòng),下滑過(guò)程做勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng),兩段圖線(xiàn)都是直線(xiàn);由于物塊克服摩擦力做功,機(jī)械能不斷減小,所以物塊到達(dá)c點(diǎn)的速度小于v0,故選項(xiàng)C正確.]
4.BC [若劈一直保持靜止不動(dòng),根據(jù)牛頓第二定律,物塊的加速度大小為a=gsin37°+μ1gcos37°=10m/s2,物塊沿斜面向上做勻減速運(yùn)動(dòng),設(shè)速度減為零時(shí)物塊運(yùn)動(dòng)的位移為x,由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式有0-v02=-2ax,解得x=1.0125m,==5.1,說(shuō)明物塊可以沖到6號(hào)劈上,故A錯(cuò)誤,B正確;物塊與斜面間的彈力FN1=mgcos37°=10×0.8N=8N,物塊與斜面間的滑動(dòng)摩擦力為Ff1=μ1FN1=0.5×8N=4N,水平面對(duì)劈的支持力FN2=(6-n)Mg+FN1cos37°-Ff1sin37°,當(dāng)Ff1cos37°+FN1sin37°=μ2FN2時(shí),后面的劈塊剛好開(kāi)始滑動(dòng),解得n=3.7,所以物塊上滑到4號(hào)劈時(shí),劈開(kāi)始相對(duì)水平面滑動(dòng),故C正確,D錯(cuò)誤.]
5.A [由勻變速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)的速度-位移公式可得v2=2ax,整理得x=v2,由題圖乙可知=s2·m-1,得小物塊的加速度a=5m/s2,根據(jù)牛頓第二定律得小物塊的加速度a=gsinθ,聯(lián)立解得sinθ==,解得θ=30°,故A正確,B、C、D錯(cuò)誤.]
6.BCD [小圓環(huán)受到豎直向下的重力、光滑直桿AB對(duì)小圓環(huán)的支持力和恒力F,把光滑直桿AB對(duì)小圓環(huán)的支持力正交分解,沿直桿方向無(wú)分力,由L=at2可知,要使小圓環(huán)在直桿上運(yùn)動(dòng)的時(shí)間最短,小圓環(huán)運(yùn)動(dòng)的加速度必須最大,由牛頓第二定律可知,當(dāng)恒力和重力的合力沿光滑直桿方向時(shí),加速度最大,所以選項(xiàng)A錯(cuò)誤,B正確;若恒力F的方向水平向右,由tan30°=,解得F=mg,選項(xiàng)C正確;當(dāng)合力F的方向垂直光滑直桿時(shí),恒力F最小,由sin60°=,解得F的最小值為Fmin=mgsin60°=mg,選項(xiàng)D正確.]
7.C [對(duì)木板A受力分析,受重力、支持力、拉力及C對(duì)A的摩擦力和壓力,根據(jù)平衡條件可得Mgsin30°+Ff=mg,由題意可知M=1.5m,可得A、C間的摩擦力為Ff=0.25mg,對(duì)C受力分析,根據(jù)牛頓第二定律可得mgsin30°-Ff=ma,聯(lián)立可得C下滑的加速度大小a=g,故C正確,A、B、D錯(cuò)誤.]
8.C [設(shè)小物塊在A點(diǎn)時(shí)速度大小為v,AB=BC=l,則在B點(diǎn)時(shí)速度大小為v,由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式有v2-(v)2=2μ1gl,(v)2=2μ2gl,解得μ1=3μ2,C正確.]
9.BC
[對(duì)小球進(jìn)行受力分析,作出受力圖:重力mg、豎直擋板對(duì)小球的彈力FN1、小車(chē)斜面對(duì)球的彈力FN2.設(shè)加速度大小為a,斜面的傾角為α.根據(jù)牛頓第二定律得:
豎直方向:mg=FN2cosα①
水平方向:FN1-FN2sinα=ma②
由①看出,m、α不變,則FN2不變.
由②得,F(xiàn)N1=FN2sinα+ma.
則向左加速運(yùn)動(dòng)且加速度a逐漸增加時(shí),F(xiàn)N1逐漸增大.故B、C正確,A、D錯(cuò)誤.]
10.A
[飛行器受力如圖所示:由幾何關(guān)系可知,飛行器的加速度大小為a=g,A項(xiàng)正確,B項(xiàng)錯(cuò)誤;起飛后t時(shí)間內(nèi)飛行器的位移x=at2=gt2,所以飛行器上升的高度h=xsin30°=gt2,C、D項(xiàng)錯(cuò)誤.]
11.5.5s
解析 第一階段:在前2s內(nèi),物體在F=9.6N的拉力作用下,從靜止開(kāi)始沿斜面做勻加速運(yùn)動(dòng),設(shè)加速度為a1,
沿斜面方向:F-mgsinθ-Ff=ma1,
垂直于斜面方向:FN=mgcosθ,
Ff=μFN,
聯(lián)立解得a1==2m/s2,
2s末細(xì)線(xiàn)斷時(shí),物體的瞬時(shí)速度v1=a1t1=4m/s.
第二階段:從細(xì)線(xiàn)斷到物體繼續(xù)沿斜面向上運(yùn)動(dòng)到速度為零的過(guò)程,設(shè)加速度為a2,則
a2==-7.6m/s2,
設(shè)從細(xì)線(xiàn)斷到物體到達(dá)最高點(diǎn)所需時(shí)間為t2,由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式得0=v1+a2t2,得t2=0.53s.
第三階段:物體從最高點(diǎn)沿斜面下滑,設(shè)加速度為a3,速度達(dá)到22m/s所需時(shí)間為t3,由牛頓第二定律知
a3==4.4m/s2,
所需時(shí)間t3==5s.
綜上所述,從細(xì)線(xiàn)斷到物體的速度為22m/s所經(jīng)歷的總時(shí)間t=t2+t3=0.53s+5s≈5.5s.
8