《2019高考物理三輪沖刺 大題提分 大題精做2 物體的靜態(tài)與動(dòng)態(tài)平衡問(wèn)題》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《2019高考物理三輪沖刺 大題提分 大題精做2 物體的靜態(tài)與動(dòng)態(tài)平衡問(wèn)題（6頁(yè)珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1、大題精做二 物體的靜態(tài)與動(dòng)態(tài)平衡問(wèn)題 1．【2019浙江省模擬】如圖所示，在地面上豎直固定了刻度尺和輕質(zhì)彈簧，彈簧原長(zhǎng)時(shí)上端與刻度尺上的A點(diǎn)等高。質(zhì)量m=0.5kg的籃球靜止在彈簧正上方，其底端距A點(diǎn)高度h1=1.10m?；@球靜止釋放，測(cè)得第一次撞擊彈簧時(shí)，彈簧的最大形變量x1=0.15m，第一次反彈至最高點(diǎn)，籃球底端距A點(diǎn)的高度h2=0.873m，籃球多次反彈后靜止在彈簧的上端，此時(shí)彈簧的形變量x2=0.01m，彈性勢(shì)能為Ep=0.025J。若籃球運(yùn)動(dòng)時(shí)受到的空氣阻力大小恒定，忽略籃球與彈簧碰撞時(shí)的能量損失和籃球的形變，彈簧形變?cè)趶椥韵薅确秶鷥?nèi)。求： （1）彈簧的勁度系數(shù)； （2

2、）籃球在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中受到的空氣阻力； （3）籃球在整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中通過(guò)的路程； （4）籃球在整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中速度最大的位置。 【解析】（1）球靜止在彈簧上，根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件可得mg-kx2=0； （2）球從開(kāi)始運(yùn)動(dòng)到第一次上升到最高點(diǎn)，動(dòng)能定理mg(h1-h2)-f(h1+h2+2x1)=0， 解得f=0.5N； （3）球在整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中總路程s：mg(h1+x2)=fs+Ep，解得s=11.05m； （4）球在首次下落過(guò)程中，合力為零處速度最大，速度最大時(shí)彈簧形變量為x3； 則mg-f-kx3=0； 在A點(diǎn)下方，離A點(diǎn)x3=0.009m 1．【2018年全國(guó)模擬】一熱氣球

3、體積為V，內(nèi)部充有溫度為T(mén)a的熱空氣，氣球外冷空氣的溫度為T(mén)b.已知空氣在1個(gè)大氣壓、溫度為T(mén)0時(shí)的密度為ρ0，該氣球內(nèi)、外的氣壓始終都為1個(gè)大氣壓，重力加速度大小為g． （1）求該熱氣球所受浮力的大?。? （2）求該熱氣球內(nèi)空氣所受的重力； （3）設(shè)充氣前熱氣球的質(zhì)量為m0，求充氣后它還能托起的最大質(zhì)量． 【解析】（i）設(shè)1個(gè)大氣壓下質(zhì)量為m的空氣在溫度T0時(shí)的體積為V0，密度為 ρ0=mV0① 溫度為T(mén)時(shí)的體積為VT，密度為：ρ(T)=mVT② 由蓋-呂薩克定律可得：V0T0=VTT③ 聯(lián)立①②③解得：ρ(T)=ρ0T0T④ 氣球所受的浮力為：f=ρ(Tb)gV⑤ 聯(lián)

4、立④⑤解得：f=ρ0gVT0Tb⑥ (ⅱ)氣球內(nèi)熱空氣所受的重力：G=ρ(Ta)Vg⑦ 聯(lián)立④⑦解得：G=Vgρ0T0Ta⑧ (ⅲ)設(shè)該氣球還能托起的最大質(zhì)量為m，由力的平衡條件可知：mg=f–G–m0g⑨ 聯(lián)立⑥⑧⑨可得：m=ρ0VT0Tb-ρ0VT0Ta-m0 2．【2018年浙江省模擬】如圖所示，在豎直方向上，A、B兩物體通過(guò)勁度系數(shù)為k＝16 N/m的輕質(zhì)彈簧相連，A放在水平地面上，B、C兩物體通過(guò)細(xì)線繞過(guò)輕質(zhì)定滑輪相連，C放在傾角α＝30°的固定光滑斜面上。用手拿住C，使細(xì)線剛剛拉直但無(wú)拉力作用，并保證ab段的細(xì)線豎直、cd段的細(xì)線與斜面平行。已知A、B的質(zhì)量均為m＝0.2

5、 kg，重力加速度取g＝10 m/s2，細(xì)線與滑輪之間的摩擦不計(jì)，開(kāi)始時(shí)整個(gè)系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)。釋放C后它沿斜面下滑，A剛離開(kāi)地面時(shí)，B獲得最大速度，求： (1)從釋放C到物體A剛離開(kāi)地面時(shí)，物體C沿斜面下滑的距離； (2)物體C的質(zhì)量； (3)釋放C到A剛離開(kāi)地面的過(guò)程中細(xì)線的拉力對(duì)物體C做的功。 【解析】（1）設(shè)開(kāi)始時(shí)彈簧的壓縮量為xB，得：kxB=mg 設(shè)物體A剛離開(kāi)地面時(shí)，彈簧的伸長(zhǎng)量為xA，得：kxA=mg 當(dāng)物體A剛離開(kāi)地面時(shí)，物體C沿斜面下滑的距離為：h=xA+xB 由①②③解得：h=2mgk =0.25?m （2）物體A剛離開(kāi)地面時(shí)，物體B獲得最大速度vm，加速度

6、為零，設(shè)C的質(zhì)量為M，對(duì)B有：T-mg-kxA=0 對(duì)C有：Mgsinα-T=0 聯(lián)立可得：Mgsinα-2mg=0 解得：M=4m=0.8?kg． （3）由于xA=xB，物體B開(kāi)始運(yùn)動(dòng)到速度最大的過(guò)程中，彈簧彈力做功為零，且B、C兩物體速度大小相等，由能量守恒有： Mghsinα-mgh=12（m+M）vm2； 解得：vm=1?m/s 對(duì)C由動(dòng)能定理可得：Mghsinα+WT=12Mvm2 解得：WT=-0.6?J． 3．【2018湖北省模擬】如圖所示，一本質(zhì)量分布均勻的大字典置于水平桌面上，字典總質(zhì)量M=1.5kg，寬L=16cm，高H=6cm．一張白紙（質(zhì)量和厚度均可忽

7、略不計(jì)，頁(yè)面大于字典頁(yè)面）夾在字典最深處，白紙離桌面的高度h=2cm．假設(shè)字典中同一頁(yè)紙上的壓力分布均勻，白紙上、下表面與字典書(shū)頁(yè)之間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為μ1，字典與桌面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ2，且各接觸面的最大靜摩擦力近似等于滑動(dòng)摩擦力，重力加速度g取10m/s2。 （1）水平向右拉動(dòng)白紙，要使字典能被拖動(dòng)，求μ1與μ2滿足的關(guān)系； （2）若μ1=0.25，μ2=0.4，求將白紙從字典中水平向右抽出拉力至少做的功W。 【解析】（1）白紙上字典的質(zhì)量為，那么，白紙上下表面受到的正壓力都為， 故白紙受到的最大靜摩擦力； 桌面對(duì)字典的最大靜摩擦力f2=μ2Mg，所以，水平向右拉動(dòng)白紙，要使字典

8、能被拖動(dòng)，那么， f1＞f2，； （2）若μ1=0.25，μ2=0.4，那么，將白紙從字典中水平向右抽出時(shí)字典保持靜止； 白紙向右運(yùn)動(dòng)過(guò)程只有拉力和摩擦力做功，故由動(dòng)能定理可知：將白紙從字典中水平向右抽出拉力至少做的功W等于克服摩擦力做的功； 當(dāng)白紙向右運(yùn)動(dòng)x（0＜x＜0.16m）時(shí)，白紙上下表面受到的正壓力都為，故摩擦力 故由f和x呈線性關(guān)系可得：克服摩擦力做的功 故將白紙從字典中水平向右抽出拉力至少做的功W為0.4J. 4．【2019北京市模擬】如圖所示，光滑的直角細(xì)桿AOB固定在豎直平面內(nèi)，OA桿水平，OB桿豎直．有兩個(gè)質(zhì)量相等均為0.3 kg的小球a與b分別穿在OA、

9、OB桿上，兩球用一輕繩連接，輕繩長(zhǎng)L＝25 cm.兩球在水平拉力F作用下目前處于靜止?fàn)顟B(tài)，繩與OB桿的夾角θ＝53°(sin53°＝0.8，cos53°＝0.6)，(g＝10 m/s2)．求： （1）此時(shí)細(xì)繩對(duì)小球b的拉力大小，水平拉力F的大?。? （2）現(xiàn)突然撤去拉力F，兩球從靜止開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，設(shè)OB桿足夠長(zhǎng)，運(yùn)動(dòng)過(guò)程中細(xì)繩始終繃緊，則當(dāng)θ＝37°時(shí)，小球b的速度大?。? 【解析】（1）以小球b為研究對(duì)象，設(shè)繩子拉力為FT，由小球b受力平衡得 對(duì)小球a和小球b整體考慮，拉力F等于OB桿對(duì)b球的彈力 所以 （2）對(duì)小球a和b整體用機(jī)械能守恒定律，有 同時(shí)，小球a和b的速度滿足 兩式

10、聯(lián)立，解得 5．【2018河南省模擬】如圖所示，一輕質(zhì)彈簧小端固定在水平地面上，上端與物體A連接，物體A又與一跨過(guò)定滑輪的輕繩相連，繩另一端懸掛著物體B和C，A、B、C均處于靜止?fàn)顟B(tài)．現(xiàn)剪斷B和C之間的繩子，則A和B將做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)．已知物體A質(zhì)量為3kg，B和C質(zhì)量均為2kg，彈簧勁度系數(shù)為k=100N/m.（g取10 m/s2）試求： （1）剪斷B和C間繩子之前，A、B、C均處于靜止?fàn)顟B(tài)時(shí)，彈簧的形變量x1； （2）剪斷B和C間繩之后，物體A振動(dòng)過(guò)程中的最大速度vm及此時(shí)彈簧的形變量x2； （3）振動(dòng)過(guò)程中，繩對(duì)物體B的最大拉力Fmax和最小拉力Fmin． 【解析】（1）剪斷B和C間

11、繩子之前，A，B，C均處于靜止?fàn)顟B(tài)時(shí)，設(shè)繩子拉力為F， 對(duì)A：mAg+kx1=F，對(duì)BC系統(tǒng)：（mB+mC）g=F，解得：x1=0.1m=10cm； （2）A振動(dòng)過(guò)程受到最大時(shí)在平衡位置，此時(shí)合力為零，A、B間繩子拉力為F0，彈簧壓縮量為x2． 對(duì)B：F0=mBg，對(duì)A：mAg=kx2+F0，解得：x2=0.1m=10cm， 剪斷B、C間繩子后到速度最大的過(guò)程中，機(jī)械能守恒，因x1=x2，在這兩位置時(shí)彈簧的彈性勢(shì)能相等，A下降的高度和B上升的高度為：d=x1+x2=20cm， 由機(jī)械能守恒定律得：mAgd-mBgd=（mA+mB）vm2，解得：vm=m/s； （3）B振動(dòng)到最低點(diǎn)時(shí)

12、拉力最大，為Fmax；振動(dòng)到最高點(diǎn)時(shí)拉力最小，為Fmin； 由簡(jiǎn)諧振動(dòng)的對(duì)稱性可知，在最高點(diǎn)與最低點(diǎn)加速度a大小相等，B在振動(dòng)過(guò)程的最低點(diǎn)：Fmax-mBg=mBa，mAg+kx1-Fmax=mAa， 解得：Fmax=28N； B在振動(dòng)過(guò)程的最高點(diǎn)：mBg-Fmin=mBa， 解得：Fmin=12N． 6．【2018云南省模擬】有一如圖所示的裝置，輕繩上端系在豎直桿的頂端O點(diǎn)，下端P連接一個(gè)小球(小球可視為質(zhì)點(diǎn))，輕彈簧一端通過(guò)鉸鏈固定在桿的A點(diǎn)，另一端連接在P點(diǎn)，整個(gè)裝置可以在外部驅(qū)動(dòng)下繞OA軸旋轉(zhuǎn)。剛開(kāi)始時(shí)，整個(gè)裝置處于靜止?fàn)顟B(tài)，彈簧處于水平方向?，F(xiàn)在讓桿從靜止開(kāi)始緩慢加速轉(zhuǎn)

13、動(dòng)，整個(gè)過(guò)程中，繩子一直處于拉伸狀態(tài)，彈簧始終在彈性限度內(nèi)，忽略一切摩擦和空氣阻力。已知：OA=4m，OP=5m，小球質(zhì)量m=1kg，彈簧原長(zhǎng)l=5m，重力加速度g取10m/2。求： （1）彈簧的勁度系數(shù)k； （2）當(dāng)彈簧彈力為零時(shí)，整個(gè)裝置轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度ω。 【解析】（1）開(kāi)始整個(gè)裝置處于靜止?fàn)顟B(tài)，對(duì)小球進(jìn)行受力分析，如圖所示： 根據(jù)平衡條件得：F彈AP=mgOA F彈=kl-AP，AP=OP2-OA2 聯(lián)立并代入數(shù)據(jù)解得：k=3.75Nm （2）當(dāng)彈簧彈力為零時(shí)，小球上移至P'位置，繞OA中點(diǎn)C做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，受力分析如圖所示： 由圖可得，軌道半徑為r=CP'=OP'2-OC

14、2，tanθ=CP'OC，其中AP'=OP'=5m,OC=2m 根據(jù)牛頓第二定律得：mgtanθ=mω2r 聯(lián)立解得：ω=5rads 7．【2018湖北省模擬】如圖（a）所示，三棱柱的左、右兩側(cè)斜面的傾角a＝b＝45°，物塊P、Q用跨過(guò)定滑輪的輕繩相連，分別放在兩側(cè)的斜面上，此時(shí)物塊P恰好不向下滑動(dòng)。已知P、Q與斜面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為m＝tanl5°，設(shè)最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力。 （1）求物塊P、Q的質(zhì)量之比m1：m2； （2）當(dāng)三棱柱緩慢繞右側(cè)棱邊順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)q角，如圖（b）所示，物塊Q恰好不下滑，求q角。 【解析】（1）三棱柱轉(zhuǎn)動(dòng)之前，物塊P恰好不向下滑動(dòng)。 分析P的受力，有Ff1=μFN1，F(xiàn)N1=m1gcosα，m1gsinα-Ff1=FT 分析Q的受力，有Ff2=μFN2，F(xiàn)N2=m2gcosβ，m2gsinβ+Ff2=FT 解得：m1m2=3 （2）三棱柱轉(zhuǎn)動(dòng)q角后，物塊Q恰好不下滑。分析Q的受力，有 F'f2=μF'N2，F(xiàn)'N2=m2gcos(β＋θ)，m2gsin(β+θ)+F'f1=F'T 分析P的受力，有F'f1=μF'N1，F(xiàn)'N1=m1gcos(α-θ)，m1gsin(α-θ)+F'f1=F'T 聯(lián)立解得：m1m2=sin(30°+θ)sin(60°-θ) 6