14、數(shù)有意義可得>0,解得x<-1或x>1,所以f(x)=loga的定義域為(-∞,-1)∪(1,+∞),關于原點對稱.
又f(-x)=loga=loga=-loga,
所以f(-x)=-f(x),所以函數(shù)f(x)為奇函數(shù).
(2) 由題意可得
問題轉(zhuǎn)化為求函數(shù)m=(x-1)(7-x)在x∈[2,6]上的值域,該函數(shù)在[2,4]上單調(diào)遞增,在[4,6]上單調(diào)遞減,
所以當x=2或6時,m取最小值5;當x=4時,m取最大值9.
所以m的取值范圍是[5,9].
1. (2017·全國卷Ⅱ)函數(shù)f(x)=ln(x2-2x-8)的單調(diào)遞增區(qū)間是________.
答案:(4,+∞)
15、解析:函數(shù)y=x2-2x-8=(x-1)2-9圖象的對稱軸為直線x=1,由x2-2x-8>0解得x>4或x<-2,所以(4,+∞)為函數(shù)y=x2-2x-8的一個單調(diào)增區(qū)間.根據(jù)復合函數(shù)的單調(diào)性可知,函數(shù)f(x)=ln(x2-2x-8)的單調(diào)增區(qū)間為(4,+∞).
2. (2018·全國卷Ⅰ)已知函數(shù)f(x)=log2(x2+a),若f(3)=1,則a=________.
答案:-7
3. (2018·天津卷) 已知a=log2e,b=ln 2,c=log,則a,b,c的大小關系為________.
答案:c>a>b
解析:根據(jù)換底公式可得:a=log2e==,而b=ln 2<ln
16、e=1,故a>1>b,同時,c=log23>log2e=a,所以c>a>b.
4. (2017·山東卷)若函數(shù)exf(x)(e=2.718 28…是自然對數(shù)的底數(shù))在f(x)的定義域上單調(diào)遞增,則稱函數(shù)f(x)具有M性質(zhì).下列函數(shù)中所有具有M性質(zhì)的函數(shù)為________.(填序號)
① f(x)=2-x;② f(x)=3-x;③ f(x)=x3;
④ f(x)=x2+2.
答案:①④
解析:令g(x)=exf(x).對于①,f(x)的定義域為R,g(x)=ex2-x=()x在R上單調(diào)遞增,具有M性質(zhì);對于②,f(x)的定義域為R,g(x)=ex3-x=()x在R上單調(diào)遞減,不具有M性
17、質(zhì);對于③,f(x)的定義域為R,g(x)=exx3,g′(x)=exx3+3x2ex=ex(x3+3x2)>0在R上不恒成立,所以g(x)在R上不單調(diào)遞增,不具有M性質(zhì);對于④,f(x)的定義域為R,g(x)=ex(x2+2),g′(x)=ex(x2+2)+2xex=ex(x2+2x+2)>0在R上恒成立,所以g(x)在R上單調(diào)遞增,具有M性質(zhì).故填①④.
5. (2017·全國卷Ⅰ)已知函數(shù)f(x)=ex(ex-a)-a2x.
(1) 討論f(x)的單調(diào)性;
(2) 若f(x)≥0,求a的取值范圍.
解:(1) 函數(shù)f(x)的定義域為(-∞,+∞),f′(x)=2e2x-aex-a
18、2=(2ex+a)(ex-a).
① 若a=0,則f(x)=e2x,在(-∞,+∞)上單調(diào)遞增.
② 若a>0,則由f′(x)=0得x=ln a.
當x∈(-∞,ln a)時,f′(x)<0;當x∈(ln a,+∞)時,f′(x)>0.故f(x)在(-∞,ln a)上單調(diào)遞減,在(ln a,+∞)上單調(diào)遞增.
③ 若a<0,則由f′(x)=0得x=ln(-).
當x∈(-∞,ln(-))時,f′(x)<0;當x∈(ln(-),+∞)時,f′(x)>0.故f(x)在(-∞,ln(-))上單調(diào)遞減,在(ln(-),+∞)上單調(diào)遞增.
綜上,當a=0時,f(x)在(-∞,+∞)上單調(diào)遞增
19、;當a>0,f(x)在(-∞,ln a)上單調(diào)遞減,在(ln a,+∞)上單調(diào)遞增;當a<0時,f(x)在上單調(diào)遞減,在上單調(diào)遞增.
(2) ① 若a=0,則f(x)=e2x,所以f(x)≥0.
② 若a>0,則由(1)得,當x=ln a時,f(x)取得最小值,最小值為f(ln a)=-a2ln a.從而當且僅當-a2ln a≥0,即0<a≤1時,f(x)≥0.
③ 若a<0,則由(1)得當x=ln(-)時,f(x)取得最小值,最小值為f(ln(-))=a2[-ln(-)].從而當且僅當a2[-ln(-)]≥0,即a≥-2e時,f(x)≥0.
綜上,a的取值范圍是[-2e,1].
20、
(本題模擬高考評分標準,滿分14分)
(2018·錫山中學)已知函數(shù)f(x)=b·ax(其中a,b為常量,且a>0,a≠1)的圖象經(jīng)過點A(1,6),B(3,24).
(1) 求函數(shù)f(x)的解析式;
(2) 若不等式()x+()x-m≥0在x∈(-∞,1]上恒成立,求實數(shù)m的取值范圍.
解:(1) 因為f(x)=b·ax的圖象過點A(1,6),B(3,24),
所以 (3分)
②÷①得a2=4,又a>0,且a≠1,
所以a=2,b=3,所以f(x)=3·2x. (7分)
(2) ()x+()x-m≥0在(-∞,1]上恒成立化為m≤()x+()x在(-∞,1]上恒成立.
21、(9分)
令g(x)=()x+()x,g(x)在(-∞,1]上單調(diào)遞減,
所以m≤g(x)min=g(1)=+=, (12分)
故所求實數(shù)m的取值范圍是. (14分)
1. 當0g(x)>f(x)
解析:如圖所示為函數(shù)f(x),g(x),h(x)在(0,1)上的圖象,由此可知,h(x)>g(x)>f(x).
2. (2018·江陰中學月考)設函數(shù)y=log2(ax2-2x+2)的定義域為A.
(1) 若A=R,求實數(shù)a的取值范圍;
(2) 若log
22、2(ax2-2x+2)>2在x∈[1,2]上恒成立,求實數(shù)a的取值范圍.
解:(1)因為A=R,所以ax2-2x+2>0在x∈R上恒成立.
① 當a=0時,由-2x+2>0,得x<1,不成立,舍去,
② 當a≠0時,由得a>,
綜上所述,實數(shù)a的取值范圍是.
(2)依題意有ax2-2x+2>4在x∈[1,2]上恒成立,
所以a>=2(+)在x∈[1,2]上恒成立.
令t=,則由x∈[1,2],得t∈.
記g(t)=t2+t,由于g(t)=t2+t在t∈上單調(diào)遞增,所以g(t)≤g(1)=2,
因此a>4,所以實數(shù)a的取值范圍是(4,+∞).
3. 已知a∈R,
23、函數(shù)f(x)=log2(+a).
(1) 當a=5時,解不等式f(x)>0;
(2) 若關于x的方程f(x)-log2[(a-4)x+2a-5]=0的解集中恰好有一個元素,求a的取值范圍.
解:(1) 當a=5時,f(x)=log2(+5),
由f(x)>0,得log2(+5)>0,
即+5>1,即x>0或x<-,
即不等式的解集為.
(2) 由f(x)-log2[(a-4)x+2a-5]=0,得
log2(+a)-log2[(a-4)x+2a-5]=0,
即log2(+a)=log2[(a-4)x+2a-5],
即+a=(a-4)x+2a-5>0?、?,
則(a-4)x2+(a-5)x-1=0,
即(x+1)[(a-4)x-1]=0?、?,
當a=4時,方程②的解為x=-1,代入①,成立;
當a=3時,方程②的解為x=-1,代入①,成立;
當a≠4且a≠3時,方程②的解為x=-1或x=,
若x=-1是方程①的解,則+a=a-1>0,即a>1;
若x=是方程①的解,則+a=2a-4>0,
即a>2.
則要使方程①有且僅有一個解,則1<a≤2.
綜上,若方程f(x)-log2[(a-4)x+2a-5]=0的解集中恰好有一個元素,則a的取值范圍是{a|1