《2022年高考物理一輪復習 27《法拉第電磁感應定律自感、渦流》試題》由會員分享，可在線閱讀，更多相關《2022年高考物理一輪復習 27《法拉第電磁感應定律自感、渦流》試題（5頁珍藏版）》請在裝配圖網上搜索。

1、2022年高考物理一輪復習 27《法拉第電磁感應定律自感、渦流》試題 1.如圖所示,讓線圈由位置1通過一個勻強磁場的區(qū)域運動到位置2,下列說法中正確的是(　　) A.線圈進入勻強磁場區(qū)域的過程中,線圈中有感應電流,而且進入時的速度越大,感應電流越大 B.整個線圈在勻強磁場中勻速運動時,線圈中有感應電流,而且感應電流是恒定的 C.整個線圈在勻強磁場中加速運動時,線圈中有感應電流,而且感應電流越來越大 D.線圈穿出勻強磁場區(qū)域的過程中,線圈中有感應電流,而且感應電流越來越大 2.某同學為了驗證斷電自感現象,自己找來帶鐵心的線圈L、小燈泡A、開關S和電池組E,用導線將它們連接成如圖所

2、示的電路.檢查電路后,閉合開關S,小燈泡發(fā)光;再斷開開關S,小燈泡僅有不顯著的延時熄滅現象.雖經多次重復,仍未見老師演示時出現的小燈泡閃亮現象,他冥思苦想找不出原因.你認為最有可能造成小燈泡未閃亮的原因是(　　) 　　　　　　　　　　　　　　　　 A.電源的內阻較大 B.小燈泡電阻偏大 C.線圈電阻偏大 D.線圈的自感系數較大 3.(xx·四川六校聯考)某合作探究學習小組在探究線圈中感應電流的影響因素時,設計如圖所示的實驗裝置,讓一個閉合圓線圈放在勻強磁場中,線圈的軸線與磁場方向成30°角,磁感應強度隨時間均勻變化,則下列說法中正確的是(　　) A.若把線圈的匝數增大一倍,線

3、圈內感應電流大小變?yōu)樵瓉淼?倍 B.若把線圈的面積增大一倍,線圈內感應電流變?yōu)樵瓉淼?倍 C.改變線圈軸線與磁場方向的夾角大小,線圈內感應電流可能變?yōu)樵瓉淼?倍 D.把線圈的半徑增大一倍,線圈內感應電流變?yōu)樵瓉淼?倍 4.如圖所示，L為自感系數很大、直流電阻不計的線圈，D1、D2、D3為三個完全相同的燈泡，E為內阻不計的電源，在t＝0時刻閉合開關S，電路穩(wěn)定后D1、D2兩燈的電流分別為I1、I2，當時刻為t1時斷開開關S，若規(guī)定電路穩(wěn)定時流過D1、D2的電流方向為電流的正方向，則下圖能正確定性描述燈泡D1、D2中的電流i1、i2隨時間t變化關系的是（ ）

4、 5.一直升飛機停在南半球的地磁極上空,該處地磁場的磁感應強度在豎直方向的分量為B,螺旋架葉片的長度為l,螺旋槳轉動的頻率為f,順著地磁場的方向看,螺旋槳按順時針方向轉動.螺旋槳葉片的近軸端為a,遠軸端為b,如圖所示.如果忽略a到轉軸中心線的距離,用E表示每個葉片中的感應電動勢,則(　　) A.E=πfl2B,且a點電勢低于b點電勢 B.E=2πfl2B,且a點電勢低于b點電勢 C.E=πfl2B,且a點電勢高于b點電勢 D.E=2πfl2B,且a點電勢高于b點電勢 6.(xx·云南部分名校高三期末統考)如圖所示，在豎直向下的勻強磁場中，將一水平放置的金屬棒

5、水平拋出，在整個過程中不計空氣阻力，則金屬棒在空中飛行過程中產生的感應電動勢大小( ) A.逐漸增大 B.逐漸減小 C.保持不變 D.無法判斷 7.半徑為r帶缺口的剛性金屬圓環(huán)在紙面上固定放置,在圓環(huán)的缺口兩端引出兩根導線,分別與兩塊垂直于紙面固定放置的平行金屬板連接,兩板間距為d,如圖甲所示.有一變化的磁場垂直于紙面,規(guī)定向紙內為正方向,變化規(guī)律如圖乙所示.在t=0時刻平板之間中心有一重力不計、電荷量為q的靜止微粒,則以下說法正確的是(　　) 甲 乙 A.第2s內上極板為正極 B.第3s內上極板為負極 C.第2s末微?；氐搅嗽瓉砦恢?

6、 D.第3s末兩極板之間的電場強度大小為 8.如圖所示，水平地面上方矩形區(qū)域內存在垂直紙面向里的勻強磁場，兩個邊長相等的單匝閉合正方形線圈Ⅰ和Ⅱ，分別用相同材料、不同粗細的導線繞制(Ⅰ為細導線).兩線圈在距磁場上界面h高處由靜止開始自由下落，再進入磁場，最后落到地面.運動過程中，線圈平面始終保持在豎直平面內且下邊緣平行于磁場上邊界.設線圈Ⅰ、Ⅱ落地時的速度大小分別為v1、v2，在磁場中運動時產生的熱量分別為Q1、Q2.不計空氣阻力，則（ ） A.v1＜v2，Q1＜Q2 B.v1＝v2，Q1＝Q2 C.v1＜v2，Q1＞Q2 D.v1＝v2，Q1＜Q2 9.

7、如圖,勻強磁場的磁感應強度方向垂直于紙面向里,大小隨時間的變化率=k,k為負的常量.用電阻率為ρ、橫截面積為S的硬導線做成一邊長為l的線框.將線框固定于紙面內,其右半部位于磁場區(qū)域中.求導線中感應電流的大小和方向. 10.如圖(1)所示是某人設計的一種振動發(fā)電裝置,它的結構是一個半徑為r=0.1m的有20匝的線圈套在輻射狀永久磁鐵槽中,磁場的磁感線均沿半徑方向均勻分布,如圖(1)所示.在線圈所在位置磁感應強度B的大小均為0.2T,線圈的電阻為2Ω,它的引出線接有8Ω的小燈泡L.外力推動線圈框架的P端,使線圈做往復運動,便有電流通過小燈泡.當線圈向右的位移隨時間變化的規(guī)律如圖(2)所示時,

8、取x向右為正,試求: 圖(1) 圖(2) 圖(3) (1)在圖(3)中畫出感應電流隨時間變化的圖象〔在圖(1)中取電流經L由C→D為正〕. (2)每一次推動線圈運動過程中的作用力大小. (3)該發(fā)電機輸出的功率(摩擦等損耗不計). 參考答案 1.解析:線圈進入勻強磁場區(qū)域的過程中,磁通量發(fā)生變化,線圈中有感應電流,而且進入時的速度越大,感應電動勢越大,感應電流越大,A項對;整個線圈在勻強磁場中無論是勻速、加速還是減速運動,磁通量都不發(fā)生變化,線圈中沒有感應電流產生,B、C兩項錯;線圈穿出勻強磁場區(qū)域的過程中,磁通量發(fā)生變化,線圈中有感應電流,感應電流

9、大小與運動的速度有關,勻速運動感應電流不變,加速運動感應電流增大,D項錯. 答案:A 2.解析:開關斷開時延時熄滅現象的顯著程度取決于電路閉合時線圈L中的電流I1和燈泡A中電流I2的大小關系.當I1比I2大時,開關斷開時,燈泡會先亮一下,再熄滅.I1比I2大得越多,燈泡的延時熄滅現象越顯著.電路閉合時線圈L和小燈泡A并聯,由并聯電路特點可知,線圈電阻偏大時,I1就偏小,延時現象就不明顯,B項錯誤,C項正確;電源內阻的大小對電流I1和I2的大小關系沒有影響,A項錯誤;線圈的自感系數大,產生的自感電動勢也大,阻礙作用就越強,小燈泡熄滅的時間應越長,故D項錯誤. 答案:C 3.解析:由法拉第

10、電磁感應定律E=nS可知,若線圈的匝數增大一倍,感應電動勢與線圈的總電阻都增大一倍,線圈中的電流不變,A項錯誤;若線圈的面積增大一倍,感應電動勢增大一倍,但線圈的電阻增大,線圈內的感應電流并不是原來的2倍,B項錯誤;E=nScos30°,故無論如何改變線圈軸線與磁場的方向夾角,都不可能使線圈內的感應電流變?yōu)樵瓉淼?倍,C項錯誤;若線圈的半徑增大一倍,則面積是原來的4倍,電阻是原來的2倍,線圈內感應電流變?yōu)樵瓉淼?倍,D項正確. 答案:D 4.解析：在t＝0時刻閉合開關S，D1中電流逐漸增大到I1，當時刻為t1時斷開開關S，由于線圈L中產生自感電動勢，阻礙電流減小，電流與原電流方向相同，則A

11、、B錯誤；在t＝0時刻閉合開關S，D1中電流不能立即達到最大，導致D2中電流先由最大逐漸減小到I2穩(wěn)定，當時刻為t1時斷開開關S，L、D1和D2構成閉合回路，D2中電流方向與原來方向相反，且逐漸減小到零，所以C錯誤，D正確. 答案：D 5.解析:螺旋漿是葉片圍繞著O點轉動,產生的感應電動勢為E=Bl(ωl)= B(2πf)·l2=πfl2B,由右手定則判斷出b點電勢比a點電勢高.所以A項正確. 答案:A 6.解析：當導體切割磁感線時感應電動勢的大小為E＝Blv，其中v指的是導體沿垂直于磁場方向的分速度大小，對應于本題金屬棒水平方向的分速度v0，所以導體棒在空中飛行過程中產生的感應電動勢

12、大小E＝Blv0，大小保持不變. 答案：C 7.解析:0~1s內,由楞次定律可知,金屬板上極板帶負電,下極板帶正電,若微粒帶正電,則微粒所受電場力方向豎直向上而向上做勻加速運動.1~2s內,由楞次定律可知,金屬板上極板帶正電,下極板帶負電,若微粒帶正電,則微粒所受電場力方向豎直向下而向上做勻減速運動,2s末速度減小為零.2~3s內,由楞次定律可知,金屬板上極板帶正電,下極板帶負電,若微粒帶正電,則微粒所受電場力方向豎直向下而向下做勻加速運動.兩極板間的電場強度大小E=.3~4s內,由楞次定律可知,金屬板上極板帶負電,下極板帶正電,若微粒帶正電,則微粒所受電場力方向豎直向上而向下做勻減速運動

13、,4s末速度減小為零,同時回到了原來的位置.A項正確. 答案:A 8.解析：設線圈邊長為l，導線橫截面積為S，電阻率為ρ，密度為ρ0，在進入磁場過程中某點速度為v，則a＝g-＝g-，而m＝ρ0·S·4l，R＝，即mR＝16ρρ0l2(定值)，則a與線圈的橫截面積、線圈質量無關，由運動學知識可得v1＝v2；設磁場高度為H，線圈在進入磁場過程中產生熱量，全過程由功能關系得Q＝mg(H＋h)-，質量大的線圈產生熱量多，即Q1＜Q2，選項D正確. 答案：D 9.解析:線框中產生的感應電動勢 E=l2|k|① 在線框中產生的感應電流I=② R=ρ③ 聯立①②③得I= 因為=k,k為負的

14、常量,故穿過方框的磁通量減少,根據楞次定律知感應電流的磁場是垂直紙面向里,感應電流方向是順時針方向. 答案:　 順時針方向 10.解析:(1)從題圖(2)可以看出,線圈往返的每次運動都是勻速直線運動,其速度為v=m/s=0.8m/s 線圈做切割磁感線運動產生的感應電動勢 E=nBLv=nBv2πr=20×0.2×0.8×2×3.14×0.1V=2 V 感應電流I=A=0.2 A 根據右手定則可得,當線圈沿x正方向運動時,產生的感應電流方向為負,可得到如圖所示的圖象. (2)由于線圈每次運動都是勻速直線運動,所以每次運動過程中推力須等于安培力,即F=F安=nBIL=nBI2πr=20×0.2×0.2×2×3.14×0.1N=0.5 N (3)發(fā)電機的輸出功率即小燈泡的電功率P=I2R2=0.22×8W=0.32 W. 答案:(1)見解析圖　(2)0.5N　(3)0.32 W