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2022高中數學 第3章 數系的擴充與復數的引入章末檢測(B)蘇教版選修1 -2

上傳人:xt****7 文檔編號:105693370 上傳時間:2022-06-12 格式:DOC 頁數:5 大?。?93KB
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1、2022高中數學 第3章 數系的擴充與復數的引入章末檢測(B)蘇教版選修1 -2 (時間:120分鐘 滿分:160分) 一、填空題(本大題共14小題,每小題5分,共70分) 1.若(x2-1)+(x2+3x+2)i是純虛數,則實數x的值是________. 2.復數1+=__________. 3.如圖,設向量,,,所對應的復數分別為z1,z2,z3,z4,那么z2+z4-2z3=______________. 4.已知z是純虛數,是實數,那么z=__________. 5.設z=1+i (i是虛數單位),則z+z+=______. 6.定義運算=ad-bc,則符合條件

2、=4+2i的復數z為________. 7.若(m+i)3∈R,則實數m的值為________. 8.設復數z滿足條件|z|=1,那么|z+2+i|的最大值為________. 9.若是方程x2+px+1=0的一個根,則p=________. 10.在復平面上復數-1+i、0、3+2i所對應的點分別是A、B、C,則平行四邊形ABCD的對角線BD的長為________. 11.在復平面內,復數對應點的坐標為________. 12.下列命題,正確的是________.(填序號) ①復數的??偸钦龑崝担? ②虛軸上的點與純虛數一一對應; ③相等的向量對應著相等的復數; ④實部與虛

3、部都分別互為相反數的兩個復數是共軛復數. 13.設z1=1+i,z2=-2+2i,復數z1和z2在復平面內對應點分別為A、B,O為坐標原點,則△AOB的面積為________. 14.若復數z=2+2i對應的點為Z,則向量所在直線的傾斜角θ=________. 二、解答題(本大題共6小題,共90分) 15.(14分)計算+(5+i19)-22. 16.(14分)已知復數x2+x-2+(x2-3x+2)i (x∈R)是4-20i的共軛復數,求實數x的值. 17.(14分)實數k為何值時,復數(1+i)k2-(

4、3+5i)k-2(2+3i)滿足下列條件? (1)是實數;(2)是虛數;(3)是純虛數. 18.(16分)在復平面內,點P、Q對應的復數分別為z1、z2,且z2=2z1+3-4i,|z1|=1,求點Q的軌跡. 19.(16分)已知1+i是方程x2+bx+c=0的一個根(b、c為實數). (1)求b,c的值; (2)試說明1-i也是方程的根嗎? 20.(16分)已知復數z1=i(1-i)3, (1)求|z1|; (2)若|z|=1,求|z-z1|的最大值.

5、 第3章 數系的擴充與復數的引入(B) 答案 1.1 解析 ∵(x2-1)+(x2+3x+2)i是純虛數, ∴∴x=1. 2.1+2i 解析 1+=1-=1+2i. 3.0 解析 ∵z2+z4-2z3=z2-z3+(z4-z3),而z2-z3對應的向量運算為:-=-=,z4-z3對應的向量運算為:-=,又∵+=0,∴z2+z4-2z3=0. 4.-2i 解析 設z=bi (b≠0),則 ===. 因為是實數,所以2+b=0, ∴b=-2,∴z=-2i. 5.4 解析 z+z+=(1+i)(1-i)+1+i+1-i =2+2=4. 6.3-i

6、 解析?。絲i+z=z(1+i)=4+2i, ∴z====3-i. 7.± 解析 因為(m+i)3∈R,(m+i)3=m3-3m+(3m2-1)i,所以3m2-1=0,解得m=±. 8.4 解析 復數z滿足條件|z|=1,z所對應的點的軌跡是單位圓,而|z+2+i|即表示單位圓上的動點到定點(-2,-1)的距離. 從圖形上可得|z+2+i|的最大值是4. 9.1 解析 已知是方程x2+px+1=0的一個根,則x=滿足方程, 代入得2+p·+1=0, 整理得(1-p)+=0,解得p=1. 10. 解析 對應的復數為-1+i,對應的復數為3+2i,∵=+, ∴對應的復數

7、為(-1+i)+(3+2i)=2+3i. ∴BD的長為. 11.(-1,1) 解析?。剑絠(1+i)=-1+i. ∴復數對應點的坐標為(-1,1). 12.③ 13.2 解析 由題意知=(1,1),=(-2,2), 且||=|z1|=,||=|z2|==2. ∴cos∠AOB= ==0. ∴∠AOB=,∴S△AOB=||·|| =××2=2. 14. 解析 由題意=(2,2), ∴tan θ==,即θ=. 15.解 原式=+(5+i3)- =i+(5-i)-i11=5-i3=5+i. 16.解 因為復數4-20i的共軛復數為4+20i,由題意得:x2+x-2

8、+(x2-3x+2)i=4+20i, 根據復數相等的定義,得: 方程①的解為x=-3或x=2, 方程②的解為x=-3或x=6. ∴x=-3. 17.解 (1+i)k2-(3+5i)k-2(2+3i) =(k2-3k-4)+(k2-5k-6)i. (1)當k2-5k-6=0,即k=6或k=-1時,該復數為實數. (2)當k2-5k-6≠0,即k≠6且k≠-1時,該復數為虛數. (3)當 即k=4時,該復數為純虛數. 18.解 ∵z2=2z1+3-4i,∴2z1=z2-3+4i. 又|2z1|=2,∴|z2-3+4i|=2, 即|z2-(3-4i)|=2. 由模的幾

9、何意義知點Q的軌跡是以(3,-4)為圓心,2為半徑的圓. 19.解 (1)因為1+i是方程x2+bx+c=0的根, ∴(1+i)2+b(1+i)+c=0, 即(b+c)+(2+b)i=0. ∴,得.∴b=-2,c=2. (2)方程為x2-2x+2=0. 把1-i代入方程左邊得(1-i)2-2(1-i)+2=0,顯然方程成立,∴1-i也是方程的一個根. 20.解 方法一 (1)z1=i(1-i)3=i(-2i)(1-i) =2(1-i),∴|z1|==2. 方法二 |z1|=|i(1-i)3|=|i|×|1-i|3 =1×()3=2. (2)∵|z|=1,∴設z=cos θ+isin θ, |z-z1|=|cos θ+isin θ-2+2i| = =. ∴當sin=1時,|z-z1|2取得最大值 9+4,從而得到|z-z1|的最大值為2+1.

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