《（浙江專(zhuān)版）2022屆高考物理一輪復(fù)習(xí) 第13章 動(dòng)量守恒定律近代物理 1 第一節(jié) 動(dòng)量 沖量 動(dòng)量定理課后達(dá)標(biāo)能力提升 新人教版》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《（浙江專(zhuān)版）2022屆高考物理一輪復(fù)習(xí) 第13章 動(dòng)量守恒定律近代物理 1 第一節(jié) 動(dòng)量 沖量 動(dòng)量定理課后達(dá)標(biāo)能力提升 新人教版（5頁(yè)珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1、（浙江專(zhuān)版）2022屆高考物理一輪復(fù)習(xí) 第13章 動(dòng)量守恒定律近代物理 1 第一節(jié) 動(dòng)量 沖量 動(dòng)量定理課后達(dá)標(biāo)能力提升 新人教版 一、選擇題 1．關(guān)于沖量，以下說(shuō)法正確的是(　　) A．只要物體受到了力的作用，一段時(shí)間內(nèi)物體受到的總沖量就一定不為零 B．物體所受合外力的沖量小于物體動(dòng)量的變化量 C．物體受到的沖量越大，動(dòng)量越大 D．如果力是恒力，則其沖量的方向與該力的方向相同 解析：選D．合外力的沖量等于動(dòng)量的變化，如果動(dòng)量的變化為零，則合外力的沖量為零，所以物體所受外力的合沖量可能為零，故A錯(cuò)誤；由動(dòng)量定理可知物體所受合外力的沖量等于物體動(dòng)量的變化量，故B錯(cuò)誤；沖量越大，動(dòng)量

2、的變化量越大，動(dòng)量不一定大，故C錯(cuò)誤；如果力是恒力，則沖量的方向就是該力的方向，故D正確． 2．從同樣高度落下的玻璃杯，掉在水泥地上容易打碎，而掉在草地上不容易打碎，下列說(shuō)法正確的是(　　) A．掉在水泥地上的玻璃杯動(dòng)量小，而掉在草地上的玻璃杯動(dòng)量大 B．掉在水泥地上的玻璃杯動(dòng)量改變小，掉在草地上的玻璃杯動(dòng)量改變大 C．掉在水泥地上的玻璃杯動(dòng)量改變大，掉在草地上的玻璃杯動(dòng)量改變小 D．掉在水泥地上的玻璃杯動(dòng)量改變量與掉在草地上的玻璃杯動(dòng)量改變量相等 解析：選D．玻璃杯從同樣高度落下，到達(dá)地面時(shí)具有相同的速度，即具有相同的動(dòng)量，與地面相互作用后都靜止．所以兩種地面的情況中玻璃杯動(dòng)量的

3、改變量相同，故A、B、C錯(cuò)誤，D正確． 3．1966年，在地球的上空完成了用動(dòng)力學(xué)方法測(cè)質(zhì)量的實(shí)驗(yàn)．實(shí)驗(yàn)時(shí)，用“雙子星號(hào)”宇宙飛船去接觸正在軌道上運(yùn)行的火箭組(后者的發(fā)動(dòng)機(jī)已熄火)，接觸以后，開(kāi)動(dòng)“雙子星號(hào)”飛船的推進(jìn)器，使飛船和火箭組共同加速．推進(jìn)器的平均推力F＝895 N，推進(jìn)器開(kāi)動(dòng)時(shí)間 Δt＝7 s．測(cè)出飛船和火箭組的速度變化Δv＝0．91 m/s．已知“雙子星號(hào)”飛船的質(zhì)量m1＝3 400 kg．由以上實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)可測(cè)出火箭組的質(zhì)量m2為(　　) A．3 400 kg　　　　　　 B．3 485 kg C．6 265 kg D．6 885 kg 解析：選B．根據(jù)動(dòng)量定理得FΔt＝

4、(m1＋m2)Δv，代入數(shù)據(jù)解得m2≈3 485 kg，B選項(xiàng)正確． 4． 如圖所示，一鐵塊壓著一紙條放在水平桌面上，當(dāng)以速度v抽出紙條后，鐵塊掉在地上的P點(diǎn)．若以2v速度抽出紙條，則鐵塊落地點(diǎn)為(　　) A．仍在P點(diǎn) B．在P點(diǎn)左邊 C．在P點(diǎn)右邊不遠(yuǎn)處 D．在P點(diǎn)右邊原水平位移的兩倍處 解析：選B．紙條抽出的過(guò)程，鐵塊所受的滑動(dòng)摩擦力一定，以v的速度抽出紙條，鐵塊所受滑動(dòng)摩擦力的作用時(shí)間較長(zhǎng)，由I＝Fft＝mv0得鐵塊獲得速度較大，平拋運(yùn)動(dòng)的水平位移較大，以2v的速度抽出紙條的過(guò)程，鐵塊所受滑動(dòng)摩擦力作用時(shí)間較短，鐵塊獲得速度較小，平拋運(yùn)動(dòng)的位移較小，故B選項(xiàng)正確． 5

5、． 如圖所示，足夠長(zhǎng)的固定光滑斜面傾角為θ，質(zhì)量為m的物體以速度v從斜面底端沖上斜面，達(dá)到最高點(diǎn)后又滑回原處，所用時(shí)間為t．對(duì)于這一過(guò)程，下列判斷正確的是(　　) A．斜面對(duì)物體的彈力的沖量為零 B．物體受到的重力的沖量大小為mgt C．物體受到的合力的沖量大小為零 D．物體動(dòng)量的變化量大小為mgsin θ·t 解析：選BD．由沖量的求解公式可知，斜面對(duì)物體的彈力的沖量為mgcos θ·t，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；物體受到的重力的沖量大小為mgt，選項(xiàng)B正確；物體回到斜面底端的速度仍為v，方向與初速度方向相反，故根據(jù)動(dòng)量定理可知，物體受到的合力的沖量大小為2mv，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；因整個(gè)過(guò)程中

6、物體所受的合力為mgsin θ，則根據(jù)動(dòng)量定理可知，物體動(dòng)量的變化量大小為mgsin θ·t，選項(xiàng)D正確． 6． 我國(guó)女子短道速滑隊(duì)在世錦賽上實(shí)現(xiàn)了女子3 000 m接力三連冠．如圖所示，觀察發(fā)現(xiàn)，“接棒”的運(yùn)動(dòng)員甲提前站在“交棒”的運(yùn)動(dòng)員乙前面，并且開(kāi)始向前滑行，待乙追上甲時(shí)，乙猛推甲一把，使甲獲得更大的速度向前沖出．在乙推甲的過(guò)程中，忽略運(yùn)動(dòng)員與冰面間在水平方向上的相互作用，則(　　) A．甲對(duì)乙的沖量大小一定等于乙對(duì)甲的沖量大小 B．甲、乙的動(dòng)量變化一定大小相等方向相反 C．甲的動(dòng)能增加量一定等于乙的動(dòng)能減少量 D．甲對(duì)乙做多少負(fù)功，乙對(duì)甲就一定做多少正功 解析：選AB

7、．乙推甲的過(guò)程中，他們之間的作用力大小相等，方向相反，作用時(shí)間相等，根據(jù)沖量的定義，甲對(duì)乙的沖量與乙對(duì)甲的沖量大小相等，但方向相反，選項(xiàng)A正確；乙推甲的過(guò)程中，遵守動(dòng)量守恒定律，即Δp甲＝－Δp乙，他們的動(dòng)量變化大小相等，方向相反，選項(xiàng)B正確；在乙推甲的過(guò)程中，甲、乙的位移不一定相等，所以甲對(duì)乙做的負(fù)功與乙對(duì)甲做的正功不一定相等，結(jié)合動(dòng)能定理知，選項(xiàng)C、D錯(cuò)誤． 7． 如圖所示，一物體分別沿三個(gè)傾角不同的光滑斜面由靜止開(kāi)始從頂端下滑到底端C、D、E處，三個(gè)過(guò)程中重力的沖量依次為I1、I2、I3，動(dòng)量變化量的大小依次為Δp1、Δp2、Δp3，則有(　　) A．三個(gè)過(guò)程中，合力的沖量相等

8、，動(dòng)量的變化量相等 B．三個(gè)過(guò)程中，合力做的功相等，動(dòng)能的變化量相等 C．I1＜I2＜I3，Δp1＝Δp2＝Δp3 D．I1＜I2＜I3，Δp1＜Δp2＜Δp3 解析：選ABC．由機(jī)械能守恒定律可知物體下滑到底端C、D、E的速度大小v相等，動(dòng)量變化量Δp＝mv相等，即Δp1＝Δp2＝Δp3；根據(jù)動(dòng)量定理，合力的沖量等于動(dòng)量的變化量，故合力的沖量也相等，注意不是相同(方向不同)；設(shè)斜面的高度為h，從頂端A下滑到底端C，由＝gsin θ·t2得物體下滑的時(shí)間t＝，所以θ越小，sin2θ越小，t越大，重力的沖量I＝mgt就越大，故I1＜I2＜I3；故A、C正確，D錯(cuò)誤；物體下滑過(guò)程中只有重力

9、做功，故合力做的功相等，根據(jù)動(dòng)能定理，動(dòng)能的變化量相等，故B正確． 8． 如圖所示，傾斜的傳送帶保持靜止，一木塊從頂端以一定的初速度勻加速下滑到底端．如果讓傳送帶沿圖中虛線箭頭所示的方向勻速運(yùn)動(dòng)，同樣的木塊從頂端以同樣的初速度下滑到底端的過(guò)程中，與傳送帶保持靜止時(shí)相比(　　) A．木塊在滑到底端的過(guò)程中，摩擦力的沖量變大 B．木塊在滑到底端的過(guò)程中，摩擦力的沖量不變 C．木塊在滑到底端的過(guò)程中，木塊克服摩擦力所做功變大 D．木塊在滑到底端的過(guò)程中，系統(tǒng)產(chǎn)生的內(nèi)能數(shù)值將變大 解析：選BD．滑動(dòng)摩擦力的大小為f＝μN(yùn)，與相對(duì)速度的大小無(wú)關(guān)，所以，當(dāng)皮帶運(yùn)動(dòng)時(shí)，木塊所受的摩擦力未變

10、，空間位移未變，則滑到底端的時(shí)間、速度以及摩擦力所做的功均不變，所以摩擦力的沖量I＝ft不變，故A、C錯(cuò)誤，B正確；但由于相對(duì)滑動(dòng)的距離變長(zhǎng)，所以木塊和皮帶由于摩擦產(chǎn)生的內(nèi)能變大，故D正確． 二、非選擇題 9． 如圖所示，一質(zhì)量為M的長(zhǎng)木板在光滑水平面上以速度v0向右運(yùn)動(dòng)，一質(zhì)量為m的小鐵塊在木板上以速度v0向左運(yùn)動(dòng)，鐵塊與木板間存在摩擦．為使木板能保持速度v0向右勻速運(yùn)動(dòng)，必須對(duì)木板施加一水平力，直至鐵塊與木板達(dá)到共同速度v0．設(shè)木板足夠長(zhǎng)，求此過(guò)程中水平力的沖量大小． 解析：考慮M、m組成的系統(tǒng)，設(shè)M運(yùn)動(dòng)的方向?yàn)檎较?，根?jù)動(dòng)量定理有Ft＝(M＋m)v0－(Mv0－mv0)＝2

11、mv0 ，則水平力的沖量I＝Ft＝2mv0． 答案：2mv0 10． 一質(zhì)量為0．5 kg的小物塊放在水平地面上的A點(diǎn)，距離A點(diǎn)5 m的位置B處是一面墻，如圖所示．一物塊以v0＝9 m/s的初速度從A點(diǎn)沿AB方向運(yùn)動(dòng)，在與墻壁碰撞前瞬間的速度為7 m/s，碰后以6 m/s的速度反向運(yùn)動(dòng)直至靜止，g取10 m/s2． (1)求物塊與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ； (2)若碰撞時(shí)間為0．05 s，求碰撞過(guò)程中墻面對(duì)物塊平均作用力的大小F； (3)求物塊在反向運(yùn)動(dòng)過(guò)程中克服摩擦力所做的功W． 解析：(1)由動(dòng)能定理有－μmgx＝mv2－mv 可得μ＝0．32． (2)由動(dòng)量定理有FΔt

12、＝mv′－mv 可得F＝130 N． (3)由能量守恒定律有W＝mv′2＝9 J． 答案：(1)0．32　(2)130 N　(3)9 J 11． 如圖所示，一物體從固定斜面頂端由靜止開(kāi)始經(jīng)過(guò)1 s 下滑到底端，已知斜面的傾角θ＝37°，斜面長(zhǎng)度L＝2．5 m，sin 37°＝0．6，cos 37°＝0．8，取重力加速度g＝10 m/s2，求： (1)物體與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ； (2)下滑過(guò)程中損失的機(jī)械能與減少的重力勢(shì)能的比值； (3)下滑過(guò)程中合外力沖量的大小與重力沖量大小的比值． 解析：(1)根據(jù)L＝at2，解得：a＝5 m/s2，根據(jù)牛頓第二定律得： mgsin

13、 θ－μmgcos θ＝ma 解得：μ＝0．125． (2)損失的機(jī)械能等于克服摩擦力做的功，為： ΔE＝μmgcos θ·L 減小的重力勢(shì)能為：ΔEp＝mgsin θ·L 故損失的機(jī)械能與減小的重力勢(shì)能的比值為： ΔE∶ΔEp＝μ∶tan θ＝1∶6． (3)設(shè)物體下滑到斜面底端時(shí)速度大小為v，則有： v＝at＝5 m/s 根據(jù)動(dòng)量定理得：合外力沖量的大小為： I合＝mv－0＝5m (N·s) 在下滑過(guò)程中重力的沖量為：IG＝mgt＝10m (N·s)　 所以下滑的過(guò)程中合外力沖量的大小與重力沖量大小的比值為：I合∶IG＝1∶2． 答案：(1)0．125　(2)1∶6　(3)1∶2