《（全國(guó)通用版）2022高考數(shù)學(xué)二輪復(fù)習(xí) 板塊四 考前回扣 回扣4 數(shù)列學(xué)案 文》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《（全國(guó)通用版）2022高考數(shù)學(xué)二輪復(fù)習(xí) 板塊四 考前回扣 回扣4 數(shù)列學(xué)案 文（8頁(yè)珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1、（全國(guó)通用版）2022高考數(shù)學(xué)二輪復(fù)習(xí) 板塊四 考前回扣 回扣4 數(shù)列學(xué)案 文 1．牢記概念與公式 等差數(shù)列、等比數(shù)列 等差數(shù)列 等比數(shù)列 通項(xiàng)公式 an＝a1＋(n－1)d an＝a1qn－1(q≠0) 前n項(xiàng)和 Sn＝ ＝na1＋d (1)q≠1，Sn＝ ＝； (2)q＝1，Sn＝na1 2.活用定理與結(jié)論 (1)等差、等比數(shù)列{an}的常用性質(zhì) 等差數(shù)列 等比數(shù)列 性質(zhì) ①若m，n，p，q∈N*，且m＋n＝p＋q， 則am＋an＝ap＋aq； ②an＝am＋(n－m)d； ③Sm，S2m－Sm，S3m－S2m，…仍成等差數(shù)列 ①若

2、m，n，p，q∈N*，且m＋n＝p＋q，則am·an＝ap·aq； ②an＝amqn－m； ③Sm，S2m－Sm，S3m－S2m，…仍成等比數(shù)列(Sm≠0) (2)判斷等差數(shù)列的常用方法 ①定義法 an＋1－an＝d(常數(shù))(n∈N*)?{an}是等差數(shù)列． ②通項(xiàng)公式法 an＝pn＋q(p，q為常數(shù)，n∈N*)?{an}是等差數(shù)列． ③中項(xiàng)公式法 2an＋1＝an＋an＋2(n∈N*)?{an}是等差數(shù)列． ④前n項(xiàng)和公式法 Sn＝An2＋Bn(A，B為常數(shù)，n∈N*)?{an}是等差數(shù)列． (3)判斷等比數(shù)列的常用方法 ①定義法 ＝q(q是不為0的常數(shù)，n∈

3、N*)?{an}是等比數(shù)列． ②通項(xiàng)公式法 an＝cqn(c，q均是不為0的常數(shù)，n∈N*)?{an}是等比數(shù)列． ③中項(xiàng)公式法 a＝an·an＋2(an·an＋1·an＋2≠0，n∈N*)?{an}是等比數(shù)列． 3．?dāng)?shù)列求和的常用方法 (1)等差數(shù)列或等比數(shù)列的求和，直接利用公式求和． (2)形如{an·bn}(其中{an}為等差數(shù)列，{bn}為等比數(shù)列)的數(shù)列，利用錯(cuò)位相減法求和． (3)通項(xiàng)公式形如an＝(其中a，b1，b2，c為常數(shù))用裂項(xiàng)相消法求和． (4)通項(xiàng)公式形如an＝(－1)n·n或an＝a·(－1)n(其中a為常數(shù)，n∈N*)等正負(fù)項(xiàng)交叉的數(shù)列求和一般用并

4、項(xiàng)法．并項(xiàng)時(shí)應(yīng)注意分n為奇數(shù)、偶數(shù)兩種情況討論． (5)分組求和法：分組求和法是解決通項(xiàng)公式可以寫成cn＝an＋bn形式的數(shù)列求和問題的方法，其中{an}與{bn}是等差(比)數(shù)列或一些可以直接求和的數(shù)列． (6)并項(xiàng)求和法：先將某些項(xiàng)放在一起求和，然后再求Sn. 1．已知數(shù)列的前n項(xiàng)和求an，易忽視n＝1的情形，直接用Sn－Sn－1表示．事實(shí)上，當(dāng)n＝1時(shí)，a1＝S1；當(dāng)n≥2時(shí)，an＝Sn－Sn－1. 2．易混淆幾何平均數(shù)與等比中項(xiàng)，正數(shù)a，b的等比中項(xiàng)是±. 3．等差數(shù)列中不能熟練利用數(shù)列的性質(zhì)轉(zhuǎn)化已知條件，靈活整體代換進(jìn)行基本運(yùn)算．如等差數(shù)列{an}與{bn}的前n項(xiàng)和分

5、別為Sn和Tn，已知＝，求時(shí)，無法正確賦值求解． 4．易忽視等比數(shù)列中公比q≠0導(dǎo)致增解，易忽視等比數(shù)列的奇數(shù)項(xiàng)或偶數(shù)項(xiàng)符號(hào)相同造成增解． 5．運(yùn)用等比數(shù)列的前n項(xiàng)和公式時(shí)，易忘記分類討論．一定分q＝1和q≠1兩種情況進(jìn)行討論． 6．利用錯(cuò)位相減法求和時(shí)，要注意尋找規(guī)律，不要漏掉第一項(xiàng)和最后一項(xiàng)． 7．裂項(xiàng)相消法求和時(shí)，裂項(xiàng)前后的值要相等， 如≠－， 而是＝. 8．通項(xiàng)中含有(－1)n的數(shù)列求和時(shí)，要把結(jié)果寫成n為奇數(shù)和n為偶數(shù)兩種情況的分段形式． 1．設(shè)等差數(shù)列{an}的前n項(xiàng)和為Sn，已知S13>0，S14<0，若ak·ak＋1<0，則k等于(　　) A．6 B．7

6、 C．13 D．14 答案　B 解析　因?yàn)閧an}為等差數(shù)列，S13＝13a7，S14＝7(a7＋a8)， 所以a7>0，a8<0，a7·a8<0，所以k＝7. 2．已知在等比數(shù)列{an}中，a1＋a2＝3，a3＋a4＝12，則a5＋a6等于(　　) A．3 B．15 C．48 D．63 答案　C 解析?。絨2＝4，所以a5＋a6＝(a3＋a4)·q2＝48. 3．設(shè)等差數(shù)列{an}的前n項(xiàng)和為Sn，且a1>0，a3＋a10>0，a6a7<0，則滿足Sn>0的最大自然數(shù)n的值為(　　) A．6 B．7 C．12 D．13 答案　C 解析　∵a1>0，a

7、6a7<0， ∴a6>0，a7<0，等差數(shù)列的公差小于零， 又a3＋a10＝a1＋a12>0，a1＋a13＝2a7<0， ∴S12>0，S13<0， ∴滿足Sn>0的最大自然數(shù)n的值為12. 4．已知數(shù)列{an}滿足＝9· (n∈N*)且a2＋a4＋a6＝9，則(a5＋a7＋a9)等于(　　) A．－ B．3 C．－3 D. 答案　C 解析　由已知＝9·＝，所以an＋1＝an＋2，所以數(shù)列{an}是公差為2的等差數(shù)列， a5＋a7＋a9＝(a2＋3d)＋(a4＋3d)＋(a6＋3d) ＝(a2＋a4＋a6)＋9d＝9＋9×2＝27， 所以(a5＋a7＋a9)＝2

8、7＝－3.故選C. 5．已知正數(shù)組成的等比數(shù)列{an}，若a1·a20＝100，那么a7＋a14的最小值為(　　) A．20 B．25 C．50 D．不存在 答案　A 解析　在正數(shù)組成的等比數(shù)列{an}中，因?yàn)閍1·a20＝100，由等比數(shù)列的性質(zhì)可得a1·a20＝a7·a14＝100，那么a7＋a14≥2＝2＝20，當(dāng)且僅當(dāng)a7＝a14＝10時(shí)取等號(hào)，所以a7＋a14的最小值為20. 6．已知數(shù)列{an}的前n項(xiàng)和為Sn，若Sn＝2an－4(n∈N*)，則an等于(　　) A．2n＋1 B．2n C．2n－1 D．2n－2 答案　A 解析　an＋1＝Sn＋

9、1－Sn＝2an＋1－4－(2an－4)?an＋1＝2an，再令n＝1，∴S1＝2a1－4?a1＝4， ∴數(shù)列{an}是以4為首項(xiàng)，2為公比的等比數(shù)列， ∴an＝4·2n－1＝2n＋1，故選A. 7．已知等差數(shù)列{an}的公差和首項(xiàng)都不等于0，且a2，a4，a8成等比數(shù)列，則等于(　　) A．2 B．3 C．5 D．7 答案　B 解析　∵在等差數(shù)列{an}中，a2，a4，a8成等比數(shù)列， ∴a＝a2a8，∴(a1＋3d)2＝(a1＋d)(a1＋7d)，∴d2＝a1d，∵d≠0，∴d＝a1， ∴＝＝3，故選B. 8．已知Sn為數(shù)列{an}的前n項(xiàng)和，若an(4＋cos

10、 nπ)＝n(2－cos nπ)(n∈N*)，則S20等于(　　) A．31 B．122 C．324 D．484 答案　B 解析　由題意可知，因?yàn)閍n(4＋cos nπ)＝n(2－cos nπ)， 所以a1＝1，a2＝，a3＝3，a4＝，a5＝5，a6＝，…， 所以數(shù)列{an}的奇數(shù)項(xiàng)構(gòu)成首項(xiàng)為1，公差為2的等差數(shù)列，偶數(shù)項(xiàng)構(gòu)成首項(xiàng)為，公差為的等差數(shù)列， 所以S20＝(a1＋a3＋…＋a19)＋(a2＋a4＋…＋a20)＝122，故選B. 9．已知等差數(shù)列{an}的公差d≠0，且a1，a3，a13成等比數(shù)列，若a1＝1，Sn是數(shù)列{an}的前n項(xiàng)和，則(n∈N*)的最小

11、值為(　　) A．4 B．3 C．2－2 D. 答案　A 解析　由題意a1，a3，a13成等比數(shù)列，可得(1＋2d)2＝1＋12d，解得d＝2，故an＝2n－1，Sn＝n2，因此＝＝＝＝(n＋1)＋－2，由基本不等式知，＝(n＋1)＋－2≥2－2＝4，當(dāng)且僅當(dāng)n＝2時(shí)取得最小值4. 10．已知F(x)＝f－1是R上的奇函數(shù)，數(shù)列{an}滿足an＝f(0)＋f＋…＋f＋f(1)(n∈N*)，則數(shù)列{an}的通項(xiàng)公式為(　　) A．a(chǎn)n＝n－1 B．a(chǎn)n＝n C．a(chǎn)n＝n＋1 D．a(chǎn)n＝n2 答案　C 解析　由題意F(x)＝f－1是R上的奇函數(shù)，即F(x)關(guān)于(0

12、,0)對(duì)稱， 則f(x)關(guān)于對(duì)稱． 即f(0)＋f(1)＝2，f＝1，f＋f＝2， f＋f＝2， 則an＝f(0)＋f＋…＋f＋f(1)＝n＋1. 11．在等差數(shù)列{an}中，已知a3＋a8＝10，則3a5＋a7＝________. 答案　20 解析　設(shè)公差為d，則a3＋a8＝2a1＋9d＝10， 3a5＋a7＝3(a1＋4d)＋(a1＋6d)＝4a1＋18d＝2×10＝20. 12．若等比數(shù)列{an}的各項(xiàng)均為正數(shù)，且a10a11＋a9a12＝2e5，則ln a1＋ln a2＋…＋ln a20＝________. 答案　50 解析　∵數(shù)列{an}為等比數(shù)列，且a10a1

13、1＋a9a12＝2e5， ∴a10a11＋a9a12＝2a10a11＝2e5，∴a10a11＝e5， ∴l(xiāng)n a1＋ln a2＋…＋ln a20＝ln(a1a2…a20) ＝ln(a10a11)10＝ln(e5)10＝ln e50＝50. 13．?dāng)?shù)列{an}的前n項(xiàng)和為Sn，已知a1＝2，Sn＋1＋(－1)nSn＝2n，則S100＝____________. 答案　198 解析　當(dāng)n為偶數(shù)時(shí)，Sn＋1＋Sn＝2n，Sn＋2－Sn＋1＝2n＋2，所以Sn＋2＋Sn＝4n＋2，故Sn＋4＋Sn＋2＝4(n＋2)＋2，所以Sn＋4－Sn＝8，由a1＝2知，S1＝2，又S2－S1＝2，所以

14、S2＝4，因?yàn)镾4＋S2＝4×2＋2＝10，所以S4＝6，所以S8－S4＝8，S12－S8＝8，…，S100－S96＝8，所以S100＝24×8＋S4＝192＋6＝198. 14．若數(shù)列{an}滿足a2－a1>a3－a2>a4－a3>…>an＋1－an>…，則稱數(shù)列{an}為“差遞減”數(shù)列．若數(shù)列{an}是“差遞減”數(shù)列，且其通項(xiàng)an與其前n項(xiàng)和Sn(n∈N*)滿足2Sn＝3an＋2λ－1，則實(shí)數(shù)λ的取值范圍是________． 答案　 解析　當(dāng)n＝1時(shí)，2a1＝3a1＋2λ－1，a1＝1－2λ，當(dāng)n>1時(shí)，2Sn－1＝3an－1＋2λ－1，所以2an＝3an－3an－1，an＝3an－

15、1，所以an＝3n－1，an－an－1＝3n－1－3n－2＝3n－2，依題意3n－2是一個(gè)遞減數(shù)列，所以2－4λ<0，λ>. 15．Sn為等差數(shù)列{an}的前n項(xiàng)和，且a1＝1，S7＝28.記bn＝[lg an]，其中[x]表示不超過x的最大整數(shù)，如[0.9]＝0，[lg 99]＝1. (1)求b1，b11，b101； (2)求數(shù)列{bn}的前1 000項(xiàng)和． 解　(1)設(shè){an}的公差為d，據(jù)已知有7＋21d＝28， 解得d＝1. 所以{an}的通項(xiàng)公式為an＝n(n∈N*)． b1＝[lg 1]＝0，b11＝[lg 11]＝1，b101＝[lg 101]＝2. (2)因?yàn)閎

16、n＝ 所以數(shù)列{bn}的前1 000項(xiàng)和為1×90＋2×900＋3×1＝1 893. 16．各項(xiàng)均為正數(shù)的數(shù)列{an}的前n項(xiàng)和為Sn，且滿足：Sn＝a＋an＋(n∈N*)． (1)求an； (2)設(shè)數(shù)列的前n項(xiàng)和為Tn，證明：對(duì)一切正整數(shù)n，都有Tn<. (1)解　由Sn＝a＋an＋，① 可知當(dāng)n≥2時(shí)，Sn－1＝a＋an－1＋，② 由①－②化簡(jiǎn)得(an＋an－1)(an－an－1－2)＝0， 又?jǐn)?shù)列{an}各項(xiàng)為正數(shù)， ∴當(dāng)n≥2時(shí)，an－an－1＝2，故數(shù)列{an}成等差數(shù)列，公差為2，又a1＝S1＝a＋a1＋，解得a1＝1， ∴an＝2n－1(n∈N*)． (2)證明　Tn＝＋＋＋…＋＋ ＝＋＋＋…＋＋. ∵＝< ＝＝， ∴Tn＝＋＋＋…＋＋ <1＋＋＋…＋＋ ＝1＋＝1＋－<.