《【創(chuàng)新方案】2020年高考數(shù)學(xué)一輪復(fù)習(xí) 第八篇 立體幾何 專題四　高考立體幾何命題動(dòng)向教案 理 新人教版》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《【創(chuàng)新方案】2020年高考數(shù)學(xué)一輪復(fù)習(xí) 第八篇 立體幾何 專題四　高考立體幾何命題動(dòng)向教案 理 新人教版（8頁(yè)珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1、專題四　高考立體幾何命題動(dòng)向 高考命題分析 立體幾何主要包括柱、錐、臺(tái)、球及其簡(jiǎn)單組合體的結(jié)構(gòu)特征、三視圖，點(diǎn)、直線、平面的位置關(guān)系等. 高考對(duì)空間想象能力的考查集中體現(xiàn)在立體幾何試題上，著重考查空間中點(diǎn)、線、面位置關(guān)系的判斷及空間角等幾何量的計(jì)算，既有以選擇題、填空題形式出現(xiàn)的試題，也有以解答題形式出現(xiàn)的試題．一般來(lái)說(shuō)，選擇題、填空題大多考查概念辨析，位置關(guān)系探究，空間幾何量的簡(jiǎn)單計(jì)算求解等，考查畫(huà)圖、識(shí)圖、用圖的能力；解答題多以簡(jiǎn)單幾何體為載體，考查直線與直線、直線與平面、平面與平面的位置關(guān)系，綜合考查空間想象能力、推理論證能力和運(yùn)算求解能力．試題在突出對(duì)空間想象能力考查的同時(shí)，關(guān)

2、注對(duì)平行、垂直的探究，關(guān)注對(duì)條件和結(jié)論不完備情形下開(kāi)放性問(wèn)題的探究． 高考命題特點(diǎn) 立體幾何在高考中占據(jù)重要的地位，通過(guò)分析近幾年的高考情況，可以發(fā)現(xiàn)對(duì)立體幾何問(wèn)題的考查已經(jīng)突破了傳統(tǒng)的框架，在命題風(fēng)格上，正逐步由封閉性向靈活性、開(kāi)放性轉(zhuǎn)變．因此，如何進(jìn)一步把握復(fù)習(xí)的重點(diǎn)，提高復(fù)習(xí)效率，從而快速地突破立體幾何難點(diǎn)是高考復(fù)習(xí)過(guò)程中必須認(rèn)真考慮的問(wèn)題．近幾年高考對(duì)立體幾何的考查特點(diǎn)主要表現(xiàn)在以下幾個(gè)方面： (1)從命題形式來(lái)看，涉及立體幾何內(nèi)容的命題形式最為多變：除保留傳統(tǒng)的“四選一”的選擇題型外，還嘗試開(kāi)發(fā)了“多選填空”、“完型填空”等題型，并且這種命題形式正在不斷完善和翻新；解答題則設(shè)計(jì)

3、成幾個(gè)小問(wèn)題，此類(lèi)考題往往以多面體為依托，第一小問(wèn)考查線線、線面、面面的位置關(guān)系，后面幾問(wèn)考查空間角、空間距離、面積、體積等知識(shí)，其解題思路也都是“作證——求”，強(qiáng)調(diào)作圖、證明和計(jì)算相結(jié)合． (2)從內(nèi)容上來(lái)看，主要考查：①直線和平面的各種位置關(guān)系的判定和性質(zhì)，這類(lèi)試題一般難度不大，多為選擇題和填空題；②計(jì)算角的問(wèn)題，試題中常見(jiàn)的是異面直線所成的角，直線與平面所成的角；③求距離，試題中常見(jiàn)的是點(diǎn)與點(diǎn)之間的距離，點(diǎn)到直線的距離，點(diǎn)到平面的距離，直線與直線的距離，直線到平面的距離，要特別注意解決此類(lèi)問(wèn)題的轉(zhuǎn)化方法；④求簡(jiǎn)單幾何體的側(cè)面積和表面積問(wèn)題，解此類(lèi)問(wèn)題時(shí)除套用特殊幾何體的側(cè)面積和表面積公

4、式外，還可將側(cè)面展開(kāi)，轉(zhuǎn)化為求平面圖形的面積問(wèn)題；⑤體積問(wèn)題，要注意解題技巧，如等積變換、割補(bǔ)思想的應(yīng)用；⑥三視圖，要能辨認(rèn)空間幾何體的三視圖，高考中三視圖常與表面積、體積相結(jié)合． (3)從能力上來(lái)看，著重考查空間想象能力，即對(duì)空間幾何體的觀察分析和抽象的能力，要求“四會(huì)”：①會(huì)畫(huà)圖——根據(jù)題設(shè)條件畫(huà)出適合題意的圖形或畫(huà)出自己想作的輔助線(面)，作出的圖形要直觀、虛實(shí)分明；②會(huì)識(shí)圖——根據(jù)題目給出的圖形，想象出立體的形狀和有關(guān)線面的位置關(guān)系；③會(huì)析圖——對(duì)圖形進(jìn)行必要的分解、組合；④會(huì)用圖——對(duì)圖形或其某部分進(jìn)行平移、翻折、旋轉(zhuǎn)、展開(kāi)或?qū)嵭懈钛a(bǔ)術(shù)． 高考動(dòng)向透視 空間幾何體的結(jié)構(gòu)、三視圖

5、、直觀圖 本部分在新課標(biāo)高考中的考查重點(diǎn)是以三視圖為命題背景來(lái)研究空間幾何體的結(jié)構(gòu)特點(diǎn)和求解幾何體的表面積和體積．備考中，要熟悉一些典型的幾何體(如三棱柱、長(zhǎng)(正)方體、三棱錐等)的三視圖．近年的新課標(biāo)高考的命題重點(diǎn)和熱點(diǎn)依然是以選擇題、填空題的方式考查以下兩個(gè)方面：①幾何體的三視圖與直觀圖的認(rèn)識(shí)；②通過(guò)三視圖和幾何體的結(jié)合，考查幾何體的表面積和體積． 【示例1】?(2020·廣東) 如圖，△ABC為正三角形，AA′∥BB′∥CC′，CC′⊥平面ABC，且3AA′＝BB′＝CC′＝AB，則多面體ABCA′B′C′的正視圖(也稱主視圖)是(　　)． 解析　畫(huà)三視圖時(shí)，由內(nèi)到外CC

6、′為虛線，且虛線所在直線應(yīng)垂直平分AB，故選D. 答案　D 三視圖和直觀圖是空間幾何體的不同的表現(xiàn)形式，空間幾何體的三視圖可以使我們很好地把握空間幾何體的性質(zhì)．由空間幾何體可以畫(huà)出它的三視圖，同樣由三視圖可以想象出空間幾何體的形狀，兩者之間可以相互轉(zhuǎn)化． 空間幾何體的計(jì)算問(wèn)題 本部分是新課標(biāo)高考考查的重點(diǎn)內(nèi)容，常以幾何體的表面積和體積的計(jì)算以及幾何體的外接球、內(nèi)切球的知識(shí)為主要命題點(diǎn)進(jìn)行考查．在備考中要牢記一些典型幾何體的表面積和體積的計(jì)算公式，以及幾何體的棱長(zhǎng)與它的內(nèi)切球、外接球的半徑之間的轉(zhuǎn)換關(guān)系． 【示例2】?(2020·遼寧)已知球的直徑SC＝4，A，B是該球球面上的兩點(diǎn)，

7、AB＝，∠ASC＝∠BSC＝30°，則棱錐SABC的體積為(　　)． A．3 B．2 C. D．1 解析　由題可知AB一定在與直徑SC垂直的小圓面上，作過(guò)AB的小圓交直徑SC于D，設(shè)SD＝x，則DC＝4－x，此時(shí)所求棱錐即分割成兩個(gè)棱錐SABD和CABD，在△SAD和△SBD中，由已知條件可得AD＝BD＝x，又因?yàn)镾C為直徑，所以∠SBC＝∠SAC＝90°，所以∠DCB＝∠DCA＝60°，在△BDC中，BD＝(4－x)，所以x＝(4－x)，所以x＝3，AD＝BD＝，所以△ABD為正三角形，所以V＝S△ABD×4＝.故選C. 答案　C 本題考查空間想象能力、邏輯推理能力和運(yùn)算能力

8、．本題的難點(diǎn)在于對(duì)三棱錐SABC的結(jié)構(gòu)特征的分析判斷，其中的體積分割法是求解體積問(wèn)題時(shí)經(jīng)常使用的方法． 【訓(xùn)練】 (2020·陜西)如圖，在△ABC中，∠ABC＝45°，∠BAC＝90°，AD是BC上的高，沿AD把△ABD折起，使∠BDC＝90°. (1)證明：平面ADB⊥平面BDC； (2)若BD＝1，求三棱錐DABC的表面積． (1)證明　∵折起前AD是BC邊上的高， ∴當(dāng)△ABD折起后，AD⊥DC，AD⊥BD，又DB∩DC＝D， ∴AD⊥平面BDC，∵AD?平面ABD， ∴平面ABD⊥平面BDC. (2)解　由(1)知，DA⊥DB，DC⊥DA， ∵DB＝DA＝DC＝

9、1，DB⊥DC，∴AB＝BC＝CA＝， 從而S△DAB＝S△DBC＝S△DCA＝×1×1＝， S△ABC＝×××sin 60°＝， ∴三棱錐DABC的表面積S＝×3＋＝. 空間的線面位置關(guān)系 對(duì)于直線與平面的位置關(guān)系，高考中主要考查平面的基本性質(zhì)，考查空間的線線、線面和面面的平行關(guān)系與垂直關(guān)系的判定并運(yùn)用平行、垂直的判定定理與性質(zhì)進(jìn)行推理論證，一般會(huì)以選擇題或解答題的形式進(jìn)行考查．解題的策略：結(jié)合圖形進(jìn)行平行與垂直的推理證明，由線線平行或垂直推證出線面平行或垂直，再由線面平行或垂直證明面面平行或垂直．如果是選擇題還可以依據(jù)條件舉出反例否定． 【示例3】?(2020·揚(yáng)州模擬)在四棱

10、錐PABCD中，AB⊥AD，CD⊥AD，PA⊥平面ABCD，PA＝AD＝CD＝2AB＝2，M為PC的中點(diǎn)． (1)求證：BM∥平面PAD； (2)平面PAD內(nèi)是否存在一點(diǎn)N，使MN⊥平面PBD？若存在，確定點(diǎn)N的位置；若不存在，請(qǐng)說(shuō)明理由． (1)證明　 如圖，取PD中點(diǎn)E，連接EM、AE， ∴EM綉CD，而AB綉CD， ∴EM綉AB. ∴四邊形ABME是平行四邊形． ∴BM∥AE. ∵AE?平面ADP，BM?平面ADP， ∴BM∥平面PAD. (2)解　∵PA⊥平面ABCD， ∴PA⊥AB.而AB⊥AD，PA∩AD＝A， ∴AB⊥平面PAD，∴AB⊥PD. ∵

11、PA＝AD，E是PD的中點(diǎn)，∴PD⊥AE.AB∩AD＝A. ∴PD⊥平面ABME. 作MN⊥BE，交AE于點(diǎn)N.∴MN⊥平面PBD. 易知△BME∽△MEN.而B(niǎo)M＝AE＝，EM＝CD＝1， 由＝，得EN＝＝＝，∴AN＝. 即點(diǎn)N為AE的中點(diǎn)． 在立體幾何的平行關(guān)系問(wèn)題中，“中點(diǎn)”是經(jīng)常使用的一個(gè)特殊點(diǎn)，通過(guò)找“中點(diǎn)”，連“中點(diǎn)”，即可出現(xiàn)平行線，而線線平行是平行關(guān)系的根本．在垂直關(guān)系的證明中，線線垂直是問(wèn)題的核心，可以根據(jù)已知圖形通過(guò)計(jì)算證明線線垂直，也可以根據(jù)已知的垂直關(guān)系證明線線垂直，其中要特別重視平面與平面垂直的性質(zhì)定理． 空間角的計(jì)算 高考中立體幾何的計(jì)算主要有兩個(gè)

12、方面，即空間幾何體的表面積、體積的計(jì)算，空間角與距離的計(jì)算，其中空間角的計(jì)算是高考考查考生邏輯推理能力、空間想象能力和運(yùn)算求解能力的重點(diǎn)．這類(lèi)試題如果是在選擇題或者填空題中出現(xiàn)，則考查簡(jiǎn)單的空間角的計(jì)算，如果是在解答題中出現(xiàn)，則往往是試題的一個(gè)組成部分． 【示例4】?(2020·湖南) 如圖，在圓錐PO中，已知PO＝，⊙O的直徑AB＝2，點(diǎn)C在上，且∠CAB＝30°，D為AC的中點(diǎn)． (1)證明：AC⊥平面POD； (2)求直線OC和平面PAC所成角的正弦值． (1)證明　如圖，因?yàn)镺A＝OC，D是AC的中點(diǎn)，所以AC⊥OD. 又PO⊥底面⊙O，AC?底面⊙O，所以AC⊥P

13、O.而OD，PO是平面POD內(nèi)的兩條相交直線，所以AC⊥平面POD. (2)解　由(1)知，AC⊥平面POD，又AC?平面PAC，所以平面POD⊥平面PAC.在平面POD中，如圖，過(guò)O作OH⊥PD于H，則OH⊥平面PAC.連接CH，則CH是OC在平面PAC上的射影，所以∠OCH是直線OC和平面PAC所成的角． 在Rt△ODA中，OD＝OA·sin 30°＝. 在Rt△POD中，OH＝＝＝. 在Rt△OHC中，sin∠OCH＝＝. 故直線OC和平面PAC所成角的正弦值為. 本題考查垂直關(guān)系的證明，線面角的求解及邏輯推理能力、空間想象能力和運(yùn)算求解能力．試題的難點(diǎn)是第二問(wèn)的線面角，其

14、中作出線面角是解題的關(guān)鍵，作線面角就是找直線上的點(diǎn)在平面內(nèi)的射影，一個(gè)根本的方法就是通過(guò)兩個(gè)平面互相垂直的性質(zhì)定理得出點(diǎn)在平面上的射影． 空間距離的計(jì)算 高考試題中直接考查距離求解的不多，但距離是立體幾何的重要內(nèi)容之一，在計(jì)算空間幾何體的體積、空間角時(shí)，往往需要計(jì)算距離．距離問(wèn)題的關(guān)鍵是“垂直”，通過(guò)作垂線把求解的距離問(wèn)題納入到一個(gè)具體的平面圖形中進(jìn)行計(jì)算．距離問(wèn)題也與邏輯推理、空間想象密不可分，是立體幾何考查邏輯推理能力和空間想象能力的深化． 【示例5】?(2020·重慶)高為的四棱錐SABCD的底面是邊長(zhǎng)為1的正方形，點(diǎn)S、A、B、C、D均在半徑為1的同一球面上，則底面ABCD的中心

15、與頂點(diǎn)S之間的距離為(　　)． A. B. C. D. 解析　設(shè)題中的球的球心為O，球心O與頂點(diǎn)S在底面ABCD上的射影分別是O1，E，連接OA，OB，OC，OD，OS，則有OA＝OB＝OC＝OD＝OS＝1，點(diǎn)O1是底面正方形ABCD的中心，OO1∥SE，且OO1＝＝＝，SE＝.在直角梯形OO1ES中，作OF⊥SE于點(diǎn)F，則四邊形OO1EF是矩形，EF＝OO1＝，SF＝SE－EF＝－＝.在Rt△SOF中，OF2＝OS2－SF2＝1－2＝，即O1E＝.在Rt△SO1E中，SO1＝＝＝，選A. 答案　A 本小題主要考查了考生的空間想象能力以及如何有效地利用已知條件恰當(dāng)?shù)貙⒖臻g問(wèn)題平

16、面化，從而借助于平面幾何知識(shí)解決相關(guān)問(wèn)題． 【訓(xùn)練】 (2020·北京) 如圖，在四面體PABC中，PC⊥AB，PA⊥BC，點(diǎn)D，E，F(xiàn)，G分別是棱AP，AC，BC，PB的中點(diǎn)． (1)求證：DE∥平面BCP； (2)求證：四邊形DEFG為矩形； (3)是否存在點(diǎn)Q，到四面體PABC六條棱的中點(diǎn)的距離相等？說(shuō)明理由． (1)證明　因?yàn)镈，E分別為AP，AC的中點(diǎn)，所以DE∥PC.又因?yàn)镈E?平面BCP，所以DE∥平面BCP. (2)證明　因?yàn)镈，E，F(xiàn)，G分別為AP，AC，BC，PB的中點(diǎn)， 所以DE∥PC∥FG，DG∥AB∥EF. 所以四邊形DEFG為平行四邊形．

17、 又因?yàn)镻C⊥AB，所以DE⊥DG. 所以四邊形DEFG為矩形． (3)解　存在點(diǎn)Q滿足條件，理由如下： 如圖，連接DF，EG，設(shè)Q為EG的中點(diǎn)． 由(2)知，DF∩EG＝Q，且QD＝QE＝QF＝QG＝EG. 分別取PC，AB的中點(diǎn)M，N，連接ME，EN，NG，MG，MN. 與(2)同理，可證四邊形MENG為矩形，其對(duì)角線交點(diǎn)為EG的中點(diǎn)Q，且QM＝QN＝EG， 所以Q為滿足條件的點(diǎn)． 空間向量及其運(yùn)算 高考對(duì)空間向量的考查主要在立體幾何的解答題中進(jìn)行，試題的一般設(shè)計(jì)模式是先進(jìn)行一個(gè)線面位置關(guān)系的證明，再設(shè)計(jì)一個(gè)求解空間角或距離的問(wèn)題，第一個(gè)問(wèn)題的意圖是考查考生使用綜合幾何法

18、進(jìn)行邏輯推理的能力，對(duì)于空間角或距離的求解，雖然也可以使用綜合幾何法解決，但命題者的意圖顯然不是如此，其真正的意圖是考查考生使用空間向量的方法解決立體幾何問(wèn)題的能力． 【示例6】?(2020·湖北高考)如圖，已知正三棱柱ABCA1B1C1的各棱長(zhǎng)都是4，E是BC的中點(diǎn)，動(dòng)點(diǎn)F在側(cè)棱CC1上，且不與點(diǎn)C重合． (1)當(dāng)CF＝1時(shí)，求證：EF⊥A1C； (2)設(shè)二面角CAFE的大小為θ，求tan θ的最小值． 解　(1)建立如圖所示的空間直角坐標(biāo)系，連接EF，AF，則由已知可得A(0,0,0)，B(2，2,0)，C(0,4,0)，A1(0,0,4)，E(，3,0)，F(xiàn)(0,4,1)

19、， 于是＝(0，－4,4)，＝(－，1,1)． 則·＝(0，－4,4)·(－，1,1)＝0－4＋4＝0， 故EF⊥A1C. (2)設(shè)CF＝λ(0＜λ≤4)，平面AEF的一個(gè)法向量為m＝(x，y，z)，則由(1)得F(0,4，λ)． ＝(，3,0)，＝(0,4，λ)，于是由m⊥，m⊥可得 即取m＝(λ，－λ，4)． 又由直三棱柱的性質(zhì)可取側(cè)面A1C的一個(gè)法向量為n＝(1,0,0)， 于是由θ為銳角可得cos θ＝＝， sin θ＝， 所以tan θ＝＝. 故0＜λ≤4，得≥，即tan θ≥ ＝. 故當(dāng)λ＝4，即點(diǎn)F與點(diǎn)C1重合時(shí)，tan θ取得最小值. 本題考查空間垂直關(guān)系的證明和二面角的求解及函數(shù)思想．本題的空間幾何體便于建立空間直角坐標(biāo)系，而且對(duì)于要證明的線線垂直和要求解的二面角正切的最值，使用空間向量的方法有一定的優(yōu)勢(shì)．線線垂直就是直線的方向向量的數(shù)量積等于零，二面角的大小可以使用兩個(gè)平面的法向量進(jìn)行計(jì)算，便于建立函數(shù)關(guān)系式．