《2020年高考物理復習 知能演練提升 第二章 第一講 每課一測》由會員分享，可在線閱讀，更多相關《2020年高考物理復習 知能演練提升 第二章 第一講 每課一測（7頁珍藏版）》請在裝配圖網(wǎng)上搜索。

1、 [每課一測] 1．下列關于物體重力的說法中正確的是(　　) A．地球上的物體只有運動時才受到重力 B．同一物體在某處向上拋出后所受重力較小，向下拋出后所受重力較大 C．某物體在同一位置時，所受重力與靜止還是運動無關，重力大小是相同的 D．物體所受重力大小與其質(zhì)量有關 解析：地球上的物體運動或靜止時都受地球的吸引作用，故運動或靜止的物體均受重力，A錯誤；某物體在地球某點處所受地球吸引而產(chǎn)生的重力一定，與此物體的運動狀態(tài)無關，B錯誤，C正確；物體所受重力G＝mg，在g一定時，G由m決定，D正確。 答案：CD 2．在如圖1所示的四幅圖中，AB、BC均為輕質(zhì)桿，各圖中桿的A、C端都

2、通過鉸鏈與墻連接，兩桿都在B處由鉸鏈相連接。下列說法正確的是(　　) 圖1 A．圖中的AB桿可以用與之等長的輕繩代替的有甲、乙 B．圖中的AB桿可以用與之等長的輕繩代替的有甲、丙、丁 C．圖中的BC桿可以用與之等長的輕繩代替的有乙、丙 D．圖中的BC桿可以用與之等長的輕繩代替的有乙、丁 解析：如果桿端受拉力作用，則可用等長的繩代替，若桿端受到沿桿的壓力作用，則桿不可用等長的輕繩代替，如圖甲、丙、丁中的AB桿受拉力作用，而甲、乙、丁中的BC桿均受沿桿的壓力作用，故A、C、D均錯誤，只有B正確。 答案：B 3．在圖2中，a、b(a、b均處于靜止狀態(tài))間一定有彈力的是(　　)

3、 圖2 解析：A選項中，a、b間如果存在彈力，則b給a的彈力水平向左，a將向左側加速運動，顯然與題設要求不符，故A選項中a、b間無彈力作用。同理，C選項中a、b間沒有彈力。對于D選項，也可以假設a、b間有彈力，則a(斜面)對b的彈力將垂直于斜面向上，因此，b所受的合外力不為零，即b不可能處于靜止狀態(tài)。B選項，假設b對a沒有彈力，則a所受的合外力不為零，將不可能靜止，故a、b間必須存在彈力。故選B。 答案：B 4.如圖3所示，傳送帶向右上方勻速運轉，石塊從漏斗里豎直掉落到傳送帶上，然后隨傳送帶向上運動，下述說法中正確的是(　　) A．石塊落到傳送帶上可能先做加速運動后做勻速運動

4、B．石塊在傳送帶上一直受到向右上方的摩擦力作用 圖3 C．石塊在傳送帶上一直受到向左下方的摩擦力作用 D．開始時石塊受到向右上方的摩擦力后來不受摩擦力 解析：由相對運動可知，石塊受到向上的滑動摩擦力，使石塊加速向上運動，達到與皮帶共速，若所經(jīng)位移大于兩輪間距，則一直加速；若達到共速時所經(jīng)位移小于兩輪間距，共速后石塊與皮帶相對靜止，此后受靜摩擦力的作用，方向仍沿皮帶向上。 答案：AB 5.如圖4所示，一木塊放在水平桌面上，在水平方向上共受到三個力即F1、F2和摩擦力作用，木塊處于靜止狀態(tài)，其中F1＝10 N，F(xiàn)2＝2 N。若撤去力F1，則下列說法正確的是(　　)

5、 圖4 A．木塊受到滑動摩擦力 B．木塊受到靜摩擦力 C．木塊所受合力為2 N，方向向左 D．木塊所受合力為零 解析：因F1>F2，則物體有向右的運動趨勢。故摩擦力向左，其大小為Ff＝F1－F2＝8 N，木塊靜止說明Ffm≥8 N，當撤去F1后，木塊有向左的運動趨勢，摩擦力向右，大小Ff′＝F2＝2 N

6、的摩擦力大小為(　　) 圖5 A．μ1Mg　　　　　　　　B．μ1(m＋M)g C．μ2mg D．μ1Mg＋μ2mg 解析：木塊P在長木板ab上滑行，木塊受到長木板向左的滑動摩擦力F1＝μ2mg作用，根據(jù)牛頓第三定律可知，長木板也必定受到木塊向右的滑動摩擦力F1′作用，F(xiàn)1′＝F1＝μ2mg。由于長木板處于靜止狀態(tài)，所以長木板受到地面靜摩擦力F2應與F1′平衡，即F2＝μ2mg，選項C正確。 答案：C 7.如圖6所示，重80 N的物體A放在傾角為30°的粗糙斜面上，有一根原長為10 cm，勁度系數(shù)為1 000 N/m的彈簧，其一端固定在斜面底端，另一端放置物體

7、A后，彈簧長度縮短為8 cm，現(xiàn)用一測力計沿斜面向上拉物體，若物體與斜面間最大靜摩擦力為25 N，當彈簧的長 圖6 度仍為8 cm時，測力計讀數(shù)不可能為 (　　) A．10 N B．20 N C．40 N D．60 N 解析：當物體受到的靜摩擦力方向沿斜面向下，且達到最大靜摩擦力時，測力計的示數(shù)最大，此時 F＋kΔx＝mgsinθ＋Ffmax 解得F＝45 N，故F不能超過45 N，選D。 答案：D 8.如圖7所示，水平桌面上平放一疊共計54張的撲克牌，每一張的質(zhì)量均為m。用一手

8、指以豎直向下的力壓第1張牌，并以一定速度向右移動手指，確保手指與第1張牌之間有相對滑動。設最大靜摩擦力與滑動摩擦力相同，手指與第1張牌之間的動摩擦因數(shù)為μ1，牌間 圖7 的動摩擦因數(shù)均為μ2，第54張牌與桌面間的動摩擦因數(shù)為μ3，且有μ1>μ2>μ3。則下列說法正確的是(　　) A．第2張牌到第53張牌之間可能發(fā)生相對滑動 B．第2張牌到第53張牌之間不可能發(fā)生相對滑動 C．第1張牌受到手指的摩擦力向左 D．第54張牌受到水平桌面的摩擦力向左 解析：由題意知，第1張牌受到手指的摩擦力方向向右，C錯誤；如果第2張牌到第53張牌之間發(fā)生了相對滑動，則其中的某一張牌受到的

9、來自于其上方的牌的摩擦力F上必大于其所受來自下方牌的摩擦力F下，牌之間的動摩擦因數(shù)均為μ2，令每張牌的重力為mg，令F上＝μ2FN，則F下＝μ2(mg＋FN)，總有F下>F上，即從第2張牌到第53張牌之間不可能有相對滑動發(fā)生。將第2張牌到第53張牌視為一個整體，該整體受第1張牌的摩擦力向右，由牛頓第三定律知第53張牌對第54張牌的摩擦力向右，則桌面對第54張牌的摩擦力必向左。 答案：BD 9.如圖8所示，用細線將A物體懸掛在頂板上，B物體放在水平地面上，A、B間有一勁度系數(shù)為100 N/m的輕彈簧，此時彈簧的形變量為2 cm。已知A、B兩物體的重力分別是3 N和5 N。則細線對A的拉力及B

10、對地面的壓力可能是(　　) A．1 N和0 N B．5 N和7 N C．5 N和3 N D．1 N和7 N 圖8 解析：由胡克定律知彈簧的彈力F＝100×2×10－2 N＝2 N，分兩種可能情況進行討論： (1)彈簧被壓縮，B對地面壓力為5 N＋2 N＝7 N，細線對A的拉力為3 N－2 N＝1 N，故A錯，D正確。 (2)彈簧伸長，B對地面的壓力為5 N－2 N＝3 N，細線對A的拉力為3 N＋2 N＝5 N，故B錯，C正確。 答案：CD 10．物塊M靜止在傾角為α的斜面上，若給物塊一個平行于斜面的水平力F的作用，物塊仍處于靜止狀態(tài)，如圖9所示。則物

11、塊所受到的(　　) 圖9 A．支持力變大 B．摩擦力的方向一定發(fā)生改變 C．摩擦力大小保持不變 D．摩擦力變小 解析：物塊靜止在斜面上時，物塊所受的摩擦力為：f1＝Mgsinα。給物塊平行于斜面的水平力F后，在斜面內(nèi)，重力沿斜面向下的分力、水平力F、摩擦力f2三力平衡，根據(jù)平衡條件有：f22＝(Mgsinα)2＋F2，重力沿斜面向下的分力與F的合力方向的反向是摩擦力f2的方向，所以摩擦力的方向和大小都發(fā)生了改變，B正確。 答案：B 11．如圖10所示，質(zhì)量為mB＝14 kg的木板B放在水平地面上，質(zhì)量為mA＝10 kg的貨箱A放在木板B上。一根輕繩一端拴

12、在貨箱上，另一端拴在地面，繩繃緊時與水平面的夾角為θ＝37°。已知貨箱A與木板B之間的動摩擦因數(shù)μ1＝0.5，木板B與地面之間的動 圖10 摩擦因數(shù)μ2＝0.4。重力加速度g取10 m/s2?，F(xiàn)用水平力F將木板B從貨箱A下面勻速抽出，試求：(sin37°＝0.6，cos37°＝0.8) (1)繩上張力FT的大??； (2)拉力F的大小。 解析：(1)對A進行受力分析可知A受四個力作用，分解繩的拉力，根據(jù)A受力平衡可得FN1＝mAg＋FTsinθ，F(xiàn)f1＝FTcosθ，F(xiàn)f1＝μ1FN1 解得FT＝ 代入數(shù)據(jù)得繩子張力FT＝100 N。 (2)對B進行受力分析可知B受6個力的作用

13、 地面對B的支持力FN2＝mBg＋FN1， 而FN1＝mAg＋FTsinθ＝160 N 拉力F＝μ2FN2＋μ1FN1＝200 N。 答案：(1)100 N　(2)200 N 12．如圖11所示，原長分別為L1和L2，勁度系數(shù)分別為k1和k2的輕質(zhì)彈簧豎直懸掛在天花板上，兩彈簧之間有一質(zhì)量為m1的物體，最下端掛著質(zhì)量為m2的另一物體，整個裝置處于靜止狀態(tài)。求： (1)這時兩彈簧的總長。 (2)若用一個質(zhì)量為M的平板把下面的物體豎直緩慢地向上托起，直到兩彈簧的總長度等于兩彈簧的原長之和，求這時平板受到下面物體m2的壓力。 圖11 解析：(1)設上面彈簧受到的彈力為F1，伸長量為Δx1，下面彈簧受到的彈力為F2，伸長量為Δx2，由物體的平衡及胡克定律有F1＝(m1＋m2)g Δx1＝ F2＝m2g，Δx2＝ 所以總長為 L＝L1＋L2＋Δx1＋Δx2 ＝L1＋L2＋＋。 (2)要使兩個彈簧的總長度等于兩彈簧原長之和，必須是上面彈簧伸長Δx，下面彈簧縮短Δx。 對m2：FN＝k2Δx＋m2g 對m1：m1g＝k1Δx＋k2Δx FN＝m2g＋m1g。 答案：(1)L1＋L2＋＋　(2)m2g＋m1g