《2020版高考數(shù)學(xué)一輪復(fù)習(xí) 單元質(zhì)檢卷七 不等式、推理與證明 理 北師大版》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《2020版高考數(shù)學(xué)一輪復(fù)習(xí) 單元質(zhì)檢卷七 不等式、推理與證明 理 北師大版（7頁(yè)珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1、單元質(zhì)檢卷七　不等式、推理與證明 (時(shí)間:45分鐘　滿分:100分) 一、選擇題(本大題共12小題,每小題6分,共72分) 1.(2018山東、湖北部分重點(diǎn)中學(xué)模擬五,3)若2m>2n,則下列結(jié)論一定成立的是(　　) 　　　　　　　　　　　　　　　 A.1m>1n B.m|m|>n|n| C.ln(m-n)>0 D.πm-n<1 2.已知不等式ax2-5x+b>0的解集為xx<-13或x>12,則不等式bx2-5x+a>0的解集為(　　) A.x-1312 C.{x|-32} 3.下面四個(gè)推理

2、中,屬于演繹推理的是(　　) A.觀察下列各式:72=49,73=343,74=2 401,…,則72 015的末兩位數(shù)字為43 B.觀察(x2)'=2x,(x4)'=4x3,(cos x)'=-sin x,可得偶函數(shù)的導(dǎo)函數(shù)為奇函數(shù) C.在平面上,若兩個(gè)正三角形的邊長(zhǎng)比為1∶2,則它們的面積比為1∶4,類似地,在空間中,若兩個(gè)正四面體的棱長(zhǎng)比為1∶2,則它們的體積之比為1∶8 D.已知堿金屬都能與水發(fā)生還原反應(yīng),鈉為堿金屬,所以鈉能與水發(fā)生反應(yīng) 4.(2018河南中原名校質(zhì)檢三,3)下列各函數(shù)中,最小值為2的是(　　) A.y=x+1x B.y=sin x+1sinx,x∈0,

3、π2 C.y=x2+3x2+2 D.y=x+4x-1-3,x>1 5.(2019廣東化州一模,9)已知實(shí)數(shù)x,y滿足x+y≤10,x-y+2≥0,x≥0,y≥0,則z=x+y2的最大值為(　　) A.7 B.1 C.10 D.0 6.(2018遼寧凌源二中三模,8)大學(xué)生小徐、小楊、小蔡通過招聘會(huì)被教育局錄取并分配到一中、二中、三中去任教,這三所學(xué)校每所學(xué)校分配一名老師,具體誰(shuí)被分配到哪所學(xué)校還不清楚.他們?nèi)巳谓痰膶W(xué)科是語(yǔ)文、數(shù)學(xué)、英語(yǔ),且每個(gè)學(xué)科一名老師,現(xiàn)知道:(1)小徐沒有被分配到一中;(2)小楊沒有被分配到二中;(3)教英語(yǔ)的沒有被分配到三中;(4)教語(yǔ)文的被分配到一中;(

4、5)教語(yǔ)文的不是小楊.據(jù)此判斷到三中任教的人和所任教的學(xué)科分別是(　　) A.小徐　語(yǔ)文 B.小蔡　數(shù)學(xué) C.小楊　數(shù)學(xué) D.小蔡　語(yǔ)文 7.(2019屆湖南衡陽(yáng)第八中學(xué)二模,7)已知x,y滿足約束條件x-y≥0,x+y≤2,y≥0,若z=ax+y的最大值為4,則a=(　　) A.3 B.2 C.-2 D.-3 8.(2019屆四川成都石室中學(xué)模擬,8)已知a>0,實(shí)數(shù)x,y滿足x≥1,x+y≤3,y≤a(x-3),若z=3x+y最小值為1,則a的值為(　　) A.-1 B.1 C.-32 D.-1或1 9.(2018吉林梅河口五中三模,7)用數(shù)學(xué)歸納法證明“1+2+3

5、+…+n3=n6+n32,n∈N+”,則當(dāng)n=k+1時(shí),應(yīng)當(dāng)在n=k時(shí)對(duì)應(yīng)的等式的兩邊加上(　　) A.(k3+1)+(k3+2)+…+(k+1)3 B.k3+1 C.(k+1)3 D.(k+1)6+(k+1)32 10.某車間分批生產(chǎn)某種產(chǎn)品,每批的生產(chǎn)準(zhǔn)備費(fèi)用為800元.若每批生產(chǎn)x件,則平均倉(cāng)儲(chǔ)時(shí)間為x8天,且每件產(chǎn)品每天的倉(cāng)儲(chǔ)費(fèi)用為1元.為使平均到每件產(chǎn)品的生產(chǎn)準(zhǔn)備費(fèi)用與倉(cāng)儲(chǔ)費(fèi)用之和最小,每批應(yīng)生產(chǎn)產(chǎn)品(　　) A.60件 B.80件 C.100件 D.120件 11.已知實(shí)數(shù)x,y滿足約束條件x-y+1≥0,2x+y-a≥0,2x-y-4≤0,若z=y+1x+1的最小

6、值為-14,則正數(shù)a的值為(　　) A.76 B.1 C.34 D.89 12.(2018山東日照聯(lián)考,7)某綜藝節(jié)目為比較甲、乙兩名選手的各項(xiàng)能力(指標(biāo)值滿分為5分,分值高者為優(yōu)),繪制了如圖所示的六維能力雷達(dá)圖,圖中點(diǎn)A表示甲的創(chuàng)造力指標(biāo)值為4,點(diǎn)B表示乙的空間能力指標(biāo)值為3,則下面敘述正確的是(　　) A.乙的記憶能力優(yōu)于甲的記憶能力 B.乙的創(chuàng)造力優(yōu)于觀察能力 C.甲的六大能力整體水平優(yōu)于乙 D.甲的六大能力中記憶能力最差 二、填空題(本大題共4小題,每小題7分,共28分) 13.觀察分析下表中的數(shù)據(jù): 多面體 面數(shù)(F) 頂點(diǎn)數(shù)(V) 棱數(shù)(E) 三棱柱

7、 5 6 9 五棱錐 6 6 10 正方體 6 8 12 猜想一般凸多面體中F,V,E所滿足的等式是　　　　　.? 14.已知拋物線y=ax2+2x-a-1(a∈R)恒過第三象限上一定點(diǎn)A,且點(diǎn)A在直線3mx+ny+1=0(m>0,n>0)上,則1m+1n的最小值為　　　　　.? 15.(2018四川廣元適應(yīng)性統(tǒng)考,15)二維空間中,圓的一維測(cè)度(周長(zhǎng))l=2πr,二維測(cè)度(面積)S=πr2,三維空間中,球的二維測(cè)度(表面積)S=4πr2,三維測(cè)度(體積)V=43πr3,應(yīng)用合情推理,若四維空間中,“超球”的三維測(cè)度V=8πr3,則其四維測(cè)度W=　　　　　.?

8、 16.古希臘畢達(dá)哥拉斯學(xué)派的數(shù)學(xué)家研究過各種多邊形數(shù).如三角形數(shù)1,3,6,10,…,第n個(gè)三角形數(shù)為n(n+1)2=12n2+12n.記第n個(gè)k邊形數(shù)為N(n,k)(k≥3),以下列出了部分k邊形數(shù)中第n個(gè)數(shù)的表達(dá)式: 三角形數(shù)N(n,3)=12n2+12n, 正方形數(shù)N(n,4)=n2, 五邊形數(shù)N(n,5)=32n2-12n, 六邊形數(shù)N(n,6)=2n2-n, …… 可以推測(cè)N(n,k)的表達(dá)式,由此計(jì)算N(10,24)=　　　　　.? 參考答案 單元質(zhì)檢卷七　不等式、推理與證明 1.B　由2m>2n知m>n.取m=2,n=1,12>11不成立,

9、排除選項(xiàng)A;由ln(2-1)=0知選項(xiàng)C不成立;由π2-1=π>1知選項(xiàng)D錯(cuò),故選B. 2.C　由題意知a>0,且12,-13是方程ax2-5x+b=0的兩根, ∴-13+12=5a,-13×12=ba,解得a=30,b=-5, ∴bx2-5x+a=-5x2-5x+30>0,即x2+x-6<0,解得-30. 對(duì)于B:不能保證sin x=1; 對(duì)于C:不能保證x2+2=1; 對(duì)于D:∵x>1,∴y=x+4x-1-3=x-1+4x-1-2≥2(x-1)·4x

10、-1-2=4-2=2,當(dāng)且僅當(dāng)x-1=4x-1,即x=3時(shí)等號(hào)成立,故選D. 5.C　由約束條件x+y≤10,x-y+2≥0,x≥0,y≥0作出可行域如圖, 由題得A(10,0),化目標(biāo)函數(shù)z=x+y2為y=-2x+2z,由圖可知,當(dāng)直線y=-2x+2z過點(diǎn)A時(shí),直線在y軸上的截距最大,z有最大值為10.故選C. 6.C　小徐沒有被分配到一中,教語(yǔ)文的被分配到一中,小楊不任教語(yǔ)文,所以只有小蔡被分配到一中任教語(yǔ)文,小楊沒有被分配到二中,也沒有被分配到一中,所以只能被分配到三中,且任教數(shù)學(xué),所以只能小徐被分配到二中,且任教英語(yǔ),故選C. 7.B　作出不等式組對(duì)應(yīng)的平面區(qū)域如圖(陰影部

11、分), 則A(2,0),B(1,1),若z=ax+y過A時(shí)取得最大值為4,則2a=4,解得a=2. 此時(shí)目標(biāo)函數(shù)為z=2x+y,即y=-2x+z,平移直線y=-2x+z,當(dāng)直線經(jīng)過A(2,0)時(shí),截距最大,此時(shí)z最大為4,滿足條件;若z=ax+y過B時(shí)取得最大值為4,則a+1=4,解得a=3,此時(shí)目標(biāo)函數(shù)為z=3x+y,即y=-3x+z,平移直線y=-3x+z,當(dāng)直線經(jīng)過A(2,0)時(shí),截距最大,此時(shí)z最大為6,不滿足條件,故a=2,綜上所述,故選B. 8.B　作出不等式對(duì)應(yīng)的平面區(qū)域(陰影部分), 由z=3x+y,得y=-3x+z,平移直線y=-3x+z,由圖像可知當(dāng)直線y=

12、-3x+z經(jīng)過點(diǎn)C時(shí)直線y=-3x+z的截距最小,此時(shí)z最小.即3x+y=1,由x=1,3x+y=1,解得x=1,y=-2,即C(1,-2),∵點(diǎn)C也在直線y=a(x-3)上,∴-2=-2a,解得a=1.故選B. 9.A　當(dāng)n=k時(shí),等式左端=1+2+…+k3,當(dāng)n=k+1時(shí),等式左端=1+2+…+k3+(k3+1)+(k3+2)+(k3+3)+…+(k+1)3.故選A. 10.B　設(shè)每件產(chǎn)品的平均費(fèi)用為y元,由題意得y=800x+x8≥2800x·x8=20,當(dāng)且僅當(dāng)800x=x8(x>0),即x=80時(shí)等號(hào)成立,故選B. 11.D　實(shí)數(shù)x,y滿足約束條件x-y+1≥0,2x+y-a≥

13、0,2x-y-4≤0,的可行域如圖陰影部分所示. 因?yàn)閍>0,由z=y+1x+1表示過點(diǎn)(x,y)與點(diǎn)(-1,-1)的直線的斜率,且z的最小值為-14, 所以點(diǎn)A與(-1,-1)連線的斜率最小,由2x+y-a=0,2x-y-4=0,解得A1+a4,a2-2,z=y+1x+1的最小值為-14, 即y+1x+1min=a2-2+1a4+1+1=2a-4a+8=-14,解得a=89.故選D. 12.C　從六維能力雷達(dá)圖上可以得到甲的記憶能力優(yōu)于乙的記憶能力,故A錯(cuò).乙的創(chuàng)造力為3,觀察能力為4,乙的觀察能力優(yōu)于創(chuàng)造力,故B錯(cuò).甲的六大能力總和為25,乙的六大能力總和為24,故甲的六大能力

14、整體水平優(yōu)于乙,故C正確.甲的六大能力中,推理能力為3,為最差能力,故D錯(cuò).綜上,故選C. 13.F+V-E=2　三棱柱中5+6-9=2;五棱錐中6+6-10=2;正方體中6+8-12=2;由此歸納可得F+V-E=2. 14.12　拋物線y=ax2+2x-a-1(a∈R)恒過第三象限上一定點(diǎn)A,∴A(-1,-3), ∴m+n=13, 又1m+1n=3(m+n)m+3(m+n)n=6+3nm+mn≥6+6nm·mn=12,當(dāng)且僅當(dāng)m=n=16時(shí)等號(hào)成立. 15.2πr4　由題意得,二維空間中,二維測(cè)度的導(dǎo)數(shù)為一維測(cè)度;三維空間中,三維測(cè)度的導(dǎo)數(shù)為二維測(cè)度.由此歸納,在四維空間中,四維測(cè)度的導(dǎo)數(shù)為三維測(cè)度,故W=2πr4. 16.1 000　由題中數(shù)據(jù)可猜想:含n2項(xiàng)的系數(shù)為首項(xiàng)是12,公差是12的等差數(shù)列,含n項(xiàng)的系數(shù)為首項(xiàng)是12,公差是-12的等差數(shù)列,因此N(n,k)=12+(k-3)12n2+12+(k-3)-12n=k-22n2+4-k2n.故N(10,24)=11n2-10n=11×102-10×10=1 000. 7