《（通用版）2020版高考數(shù)學(xué)大二輪復(fù)習(xí) 專題突破練15 專題四 數(shù)列過關(guān)檢測(cè) 理》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《（通用版）2020版高考數(shù)學(xué)大二輪復(fù)習(xí) 專題突破練15 專題四 數(shù)列過關(guān)檢測(cè) 理（10頁珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1、專題突破練15　專題四　數(shù)列過關(guān)檢測(cè) 一、選擇題 1.(2019四川峨眉山高三高考適應(yīng)性考試)在等差數(shù)列{an}中,a3,a9是方程x2+24x+12=0的兩根,則數(shù)列{an}的前11項(xiàng)和等于(　　) A.66 B.132 C.-66 D.-132 2.設(shè)等比數(shù)列{an}的前n項(xiàng)和為Sn,S2=-1,S4=-5,則S6=(　　) A.-9 B.-21 C.-25 D.-63 3.(2019遼寧朝陽重點(diǎn)高中高三第四次模擬)在等比數(shù)列{an}中,a1a2=1,a3a6=9,則a2a4=(　　) A.3 B.±3 C.3 D.±3 4.數(shù)列{an}的首項(xiàng)a1=1,對(duì)于任意m,n∈N*

2、,有an+m=an+3m,則{an}前5項(xiàng)和S5=(　　) A.121 B.25 C.31 D.35 5.(2019山東濰坊高三5月三模)已知等差數(shù)列{an}的公差和首項(xiàng)都不為零,且a2,a4,a8成等比數(shù)列,則a1+a3a2+a4=(　　) A.13 B.23 C.53 D.2 6.設(shè)等差數(shù)列{an}的前n項(xiàng)和為Sn,若Sm-1=-2,Sm=0,Sm+1=3,則m=(　　) A.3 B.4 C.5 D.6 7.(2019山東省實(shí)驗(yàn)中學(xué)等四校高三聯(lián)合考試)已知等差數(shù)列{an}的公差不為零,Sn為其前n項(xiàng)和,S3=9,且a2-1,a3-1,a5-1構(gòu)成等比數(shù)列,則S5=(　　) A

3、.15 B.-15 C.30 D.25 8.設(shè)等差數(shù)列{an}滿足3a8=5a15,且a1>0,Sn為其前n項(xiàng)和,則數(shù)列{Sn}的最大項(xiàng)為(　　) A.S23 B.S24 C.S25 D.S26 9.(2019北京通州區(qū)三模)三國(guó)時(shí)期著名的數(shù)學(xué)家劉徽對(duì)推導(dǎo)特殊數(shù)列的求和公式很感興趣,創(chuàng)造并發(fā)展了許多算法,展現(xiàn)了其聰明才智.他在《九章算術(shù)》“盈不足”一章的第19題的注文中給出了一個(gè)特殊數(shù)列的求和公式.這個(gè)題的大意是:一匹良馬和一匹駑馬由長(zhǎng)安出發(fā)至齊地,長(zhǎng)安與齊地相距3 000里(1里=500米),良馬第一天走193里,以后每天比前一天多走13里.駑馬第一天走97里,以后每天比前一天少走半里

4、.良馬先到齊地后,馬上返回長(zhǎng)安迎駑馬,問兩匹馬在第幾天相遇(　　) A.14天 B.15天 C.16天 D.17天 二、填空題 10.已知數(shù)列{an}的前n項(xiàng)和為Sn,若Sn=2an-2n,則Sn=　　　　　.? 11.(2019北京通州區(qū)三模)設(shè){an}是等比數(shù)列,且a2a4=a5,a4=27,則{an}的通項(xiàng)公式為　　　　　.? 12.(2019廣東深圳高級(jí)中學(xué)高三適應(yīng)性考試)在數(shù)列{an}中,a1=12019,an+1=an+1n(n+1)(n∈N*),則a2 019的值為　　　　　.? 三、解答題 13.已知數(shù)列{log2(an-1)}(n∈N*)為等差數(shù)列,且a1=3,

5、a3=9. (1)求數(shù)列{an}的通項(xiàng)公式; (2)證明:1a2-a1+1a3-a2+…+1an+1-an<1. 14.(2019北京豐臺(tái)高三上學(xué)期期末練習(xí))已知等差數(shù)列{an}和等比數(shù)列{bn}滿足a2=b3=4,a6=b5=16. (1)求數(shù)列{an}的通項(xiàng)公式; (2)求和:b1+b3+b5+…+b2n-1. 15.(2019江西上饒重點(diǎn)中學(xué)六校高三第二次聯(lián)考)已知數(shù)列{an}滿足對(duì)任意的正整數(shù)n,k都有an+k+an-k=2an(n>k),且該數(shù)列前三項(xiàng)依次為12x+1,10x,12x,又已知數(shù)列{bn}的前n項(xiàng)和為Sn,且b

6、1=1,bn+1=Sn(n≥1), (1)求{an},{bn}的通項(xiàng)公式; (2)令cn=anbn,求數(shù)列{cn}的前n項(xiàng)和Tn. 參考答案 專題突破練15　專題四 數(shù)列過關(guān)檢測(cè) 1.D　解析因?yàn)閍3,a9是方程x2+24x+12=0的兩根,所以a3+a9=-24. 又a3+a9=-24=2a6, 所以a6=-12. S11=11×(a1+a11)2=11×2a62=-132.故選D. 2.B　解析由題意,S2=a1+a2=-1,S4-S2=a3+a4=(a1+a2)q2=-4,q2=4,S6=S2+S4q2=-1+(-5)×4=-21. 3.A　解析設(shè)等

7、比數(shù)列{an}的公比為q,因?yàn)閍1a2=1>0,所以q>0.又a3a6=9,所以a2a4=a1a3a2a6=9=3.故選A. 4.D　解析當(dāng)m=1時(shí),由an+m=an+3m,得an+1-an=3, ∴數(shù)列{an}是首項(xiàng)a1=1,公差d=3的等差數(shù)列, ∴S5=5×1+12×5×4×3=35. 5.B　解析設(shè)等差數(shù)列的首項(xiàng)為a1,公差為d,則a2=a1+d,a4=a1+3d,a8=a1+7d, 因?yàn)閍2,a4,a8成等比數(shù)列,故(a1+3d)2=(a1+d)(a1+7d), 整理得到d2=a1d.因?yàn)閐≠0,所以d=a1,故an=na1.故a1+a3a2+a4=4a16a1=23.故

8、選B. 6.C　解析∵Sm-1=-2,Sm=0,Sm+1=3, ∴am=Sm-Sm-1=0-(-2)=2,am+1=Sm+1-Sm=3-0=3. ∴d=am+1-am=3-2=1. ∵Sm=ma1+m(m-1)2×1=0, ∴a1=-m-12. 又am+1=a1+m×1=3, ∴-m-12+m=3. ∴m=5.故選C. 7.D　解析設(shè)等差數(shù)列{an}的公差為d(d≠0).由題意得, 3a1+3d=9,(a1+2d-1)2=(a1+d-1)(a1+4d-1), 解得a1=1,d=2. ∴S5=5×1+5×4×22=25.故選D. 8.C　解析設(shè)等差數(shù)列{an}的公差為d

9、, ∵3a8=5a15, ∴3(a1+7d)=5(a1+14d), 即2a1+49d=0. ∵a1>0,∴d<0, ∴等差數(shù)列{an}單調(diào)遞減. ∵Sn=na1+n(n-1)2d=n-49d2+n(n-1)2d=d2(n-25)2-6252d. ∴當(dāng)n=25時(shí),數(shù)列{Sn}取得最大值,故選C. 9.C　解析記良馬每天所走路程構(gòu)成的數(shù)列為{an},駑馬每天所走路程構(gòu)成的數(shù)列為{bn}, 由題意可得:an=193+13(n-1)=180+13n,bn=97-12(n-1)=-12n+1952, 設(shè)經(jīng)過n天兩匹馬相遇, 則有n(a1+an)2+n(b1+bn)2≥6000,

10、即n(193+180+13n)2+n(97+1952-n2)2≥6000, 整理得5n2+227n≥4800,當(dāng)n≥16時(shí)滿足題意, 因此兩匹馬在第16天相遇.故選C. 10.n·2n　解析∵Sn=2an-2n=2(Sn-Sn-1)-2n, 整理得Sn-2Sn-1=2n,等式兩邊同時(shí)除以2n,則Sn2n-Sn-12n-1=1. 又S1=2a1-2=a1,可得a1=S1=2,∴數(shù)列Sn2n是首項(xiàng)為1, 公差為1的等差數(shù)列,所以Sn2n=n,所以Sn=n·2n. 11.an=3n-1,n∈N*　解析設(shè)等比數(shù)列{an}的公比為q, 因?yàn)閍2a4=a5,a4=27, 所以a4=a2q

11、2=a5a4·q2=q3=27,解得q=3, 所以a1=a4q3=2727=1, 因此,an=3n-1,n∈N*. 故答案為an=3n-1,n∈N*. 12.1　解析因?yàn)閍n+1=an+1n(n+1)(n∈N*), 所以an+1-an=1n(n+1)=1n-1n+1, a2-a1=1-12, a3-a2=12-13, …… a2019-a2018=12018-12019, 累加,可得 a2019-a1=1-12019, a2019-12019=1-12019, 所以a2019=1. 13.(1)解設(shè)等差數(shù)列{log2(an-1)}的公差為d.由a1=3,a3=9,得

12、log22+2d=log28,即d=1. ∴l(xiāng)og2(an-1)=1+(n-1)×1=n,即an=2n+1. (2)證明∵1an+1-an=12n+1-2n=12n, ∴1a2-a1+1a3-a2+…+1an+1-an =121+122+123+…+12n =12-12n×121-12=1-12n<1. 14.解(1)設(shè)等差數(shù)列{an}的首項(xiàng)為a1,公差為d. 由題意得a2=a1+d=4,a6=a1+5d=16, 解得a1=1,d=3, 故等差數(shù)列{an}的通項(xiàng)公式an=1+3(n-1)=3n-2. (2)設(shè)等比數(shù)列{bn}的公比為q. 由題意得b3=b1q2=4,b5=

13、b1q4=16, 解得b1=1,q2=4, ∴b2n-1=b1q2n-2=b1(q2)n-1=4n-1, ∴b1+b3+b5+…+b2n-1=1-4n1-4=4n-13. 15.解(1)由題意知,數(shù)列{an}為等差數(shù)列. 故12x+1+12x=20x,解得x=2. ∴a1=4,d=1,an=n+3. 由bn+1=Sn(n≥1) 可知bn=Sn-1(n≥2), 兩式相減得bn+1=2bn(n≥2). 當(dāng)n=1時(shí),b1=1. 當(dāng)n≥2時(shí),b2=S1=b1=1,bn=b2qn-2=2n-2, 當(dāng)n=1時(shí),b1=1不滿足bn=2n-2. ∴bn=1,n=1,2n-2,n≥2. (2)由題意知,當(dāng)n=1時(shí),c1=a1b1=4×1=4, 當(dāng)n≥2時(shí),cn=(n+3)·2n-2, 得Tn=4+5+6×21+…+(n+3)·2n-2, 2Tn=8+5×21+…+(n+2)·2n-2+(n+3)·2n-1, 兩式相減得:-Tn=(1+21+22+…+2n-2)-(n+3)·2n-1=1×(1-2n-1)1-2-(n+3)·2n-1 =(-n-2)·2n-1-1, ∴n≥2時(shí),Tn=(n+2)·2n-1+1. 當(dāng)n=1時(shí),T1=c1=4,符合上式. 故數(shù)列{cn}的前n項(xiàng)和Tn=(n+2)·2n-1+1. 10