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(江蘇專(zhuān)用)2020版高考物理新增分大一輪復(fù)習(xí) 第三章 牛頓運(yùn)動(dòng)定律 專(zhuān)題突破四 用動(dòng)力學(xué)方法解決動(dòng)力學(xué)問(wèn)題中的“傳送帶”課件.ppt

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《(江蘇專(zhuān)用)2020版高考物理新增分大一輪復(fù)習(xí) 第三章 牛頓運(yùn)動(dòng)定律 專(zhuān)題突破四 用動(dòng)力學(xué)方法解決動(dòng)力學(xué)問(wèn)題中的“傳送帶”課件.ppt》由會(huì)員分享,可在線(xiàn)閱讀,更多相關(guān)《(江蘇專(zhuān)用)2020版高考物理新增分大一輪復(fù)習(xí) 第三章 牛頓運(yùn)動(dòng)定律 專(zhuān)題突破四 用動(dòng)力學(xué)方法解決動(dòng)力學(xué)問(wèn)題中的“傳送帶”課件.ppt(58頁(yè)珍藏版)》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1、專(zhuān)題突破四用動(dòng)力學(xué)方法解決動(dòng)力學(xué)問(wèn)題中的 “傳送帶”問(wèn)題與“板塊”問(wèn)題,,大一輪復(fù)習(xí)講義,,第三章牛頓運(yùn)動(dòng)定律,,NEIRONGSUOYIN,內(nèi)容索引,過(guò)好雙基關(guān),研透命題點(diǎn),隨堂測(cè)試,回扣基礎(chǔ)知識(shí) 訓(xùn)練基礎(chǔ)題目,細(xì)研考綱和真題 分析突破命題點(diǎn),隨堂檢測(cè) 檢測(cè)課堂學(xué)習(xí)效果,課時(shí)作業(yè),限時(shí)訓(xùn)練 練規(guī)范 練速度,,過(guò)好雙基關(guān),,,,一、“傳送帶”模型,,,1.水平傳送帶模型,加速,勻速,加速,加速,勻速,v0,2.傾斜傳送帶模型,加速,勻速,加速,勻速,1.模型特點(diǎn) 滑塊(視為質(zhì)點(diǎn))置于長(zhǎng)木板上,滑塊和木板均相對(duì)地面運(yùn)動(dòng),且滑塊和木板在摩擦力的作用下發(fā)生相對(duì)滑動(dòng). 2.兩種位移關(guān)系 滑塊

2、從木板的一端運(yùn)動(dòng)到另一端的過(guò)程中,若滑塊和木板向同一方向運(yùn)動(dòng),則滑塊的位移和木板的 等于木板的長(zhǎng)度;若滑塊和木板向相反方向運(yùn)動(dòng),則滑塊的位移和木板的 等于木板的長(zhǎng)度.,位移之差,位移之和,,二、“滑塊木板”模型,,,1.任何多過(guò)程的復(fù)雜物理問(wèn)題都是由很多簡(jiǎn)單的小過(guò)程組成,上一過(guò)程的末是下一過(guò)程的初,對(duì)每一個(gè)過(guò)程分析后,列方程,聯(lián)立求解. 2.注意兩個(gè)過(guò)程的連接處,加速度可能突變,但速度不會(huì)突變,速度是聯(lián)系前后兩個(gè)階段的橋梁.,,三、處理多過(guò)程問(wèn)題時(shí)應(yīng)注意的兩個(gè)問(wèn)題,,,,研透命題點(diǎn),,,相對(duì)位移的計(jì)算 要分兩種情況:若二者同向,則x|x傳x物|;若二者反向,則x|x傳||x物|

3、. 物體沿傾斜傳送帶向下運(yùn)動(dòng),tan 時(shí),相對(duì)位移可能有重疊部分,要分段計(jì)算.,,,,命題點(diǎn)一“傳送帶”模型,例1如圖1所示,有一足夠長(zhǎng)的水平傳送帶以2 m/s的速度勻速運(yùn)動(dòng),現(xiàn)將一物體輕輕放在傳送帶上,若物體與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.5,則傳送帶將該物體傳送10 m的距離所需時(shí)間為多少?(取g10 m/s2),圖1,答案5.2 s,解析物體在傳送帶上做勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中,加速度ag5 m/s2. 與傳送帶速度相同時(shí),,故傳送帶將該物體傳送10 m的距離所需時(shí)間為tt1t25.2 s.,變式1(2018鹽城中學(xué)段考)如圖2所示,物塊M在靜止的足夠長(zhǎng)的傳送帶上以速度v0勻速下滑時(shí),傳送帶突然

4、啟動(dòng),方向如圖中箭頭所示,在此傳送帶的速度由零逐漸增加到2v0后勻速運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中,則以下分析正確的是 A.M下滑的速度不變 B.M立即開(kāi)始在傳送帶上加速,速度變?yōu)?v0后向下勻速運(yùn)動(dòng) C.M先向下勻速運(yùn)動(dòng),后向下加速運(yùn)動(dòng),最后沿傳送帶向下 勻速運(yùn)動(dòng) D.M受的摩擦力方向始終沿傳送帶向上,圖2,解析傳送帶靜止時(shí),物塊勻速下滑,故mgsin Ff,當(dāng)傳送帶轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí),根據(jù)受力分析可知,物塊先向下做加速運(yùn)動(dòng),當(dāng)速度與傳送帶速度相同時(shí),物塊和傳送帶以相同的速度勻速下滑,故C正確.,,1.模型特點(diǎn):滑塊(視為質(zhì)點(diǎn))置于木板上,滑塊和木板均相對(duì)地面運(yùn)動(dòng),且滑塊和木板在摩擦力的相互作用下發(fā)生相對(duì)滑動(dòng). 2.位

5、移關(guān)系:如圖3,滑塊由木板一端運(yùn)動(dòng)到另一端的過(guò)程中,滑塊和木板同向運(yùn)動(dòng)時(shí),位移之差xx1x2L(板長(zhǎng));滑塊和木板反向運(yùn)動(dòng)時(shí),位移之和xx2x1L.,,,,命題點(diǎn)二“滑塊木板”模型,圖6,3.基本思路,例2(2018高郵市期初)一木箱放在平板車(chē)的中部,距平板車(chē)的后端、駕駛室后端均為L(zhǎng)1.5 m,如圖4所示處于靜止?fàn)顟B(tài),木箱與平板車(chē)之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.5,現(xiàn)使平板車(chē)以a1的加速度勻加速啟動(dòng),速度達(dá)到v6 m/s后接著做勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng),運(yùn)動(dòng)一段時(shí)間后勻減速剎車(chē)(設(shè)最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力,取g10 m/s2),求: (1)若木箱與平板車(chē)相對(duì)靜止,加速度a1大小滿(mǎn)足什么條件?,圖4,答案a15 m

6、/s2,解析木箱與平板車(chē)相對(duì)靜止,加速度相同,當(dāng)木箱受到的靜摩擦力達(dá)到最大值時(shí)加速度最大,由牛頓第二定律有:Ffmaxmammg 得am5 m/s2 解得a15 m/s2,(2)若a16 m/s2,當(dāng)木箱與平板車(chē)的速度都達(dá)到v6 m/s時(shí),木箱在平板車(chē)上的位置(離駕駛室后端距離);,答案2.1 m,解析因?yàn)閍16 m/s25 m/s2,故木箱與平板車(chē)發(fā)生相對(duì)滑動(dòng),,解得 x24.2 m 當(dāng)木箱與平板車(chē)的速度都達(dá)到v6 m/s時(shí),木箱在平板車(chē)上離駕駛室后端距離為:sx2x1L4.2 m3.6 m1.5 m2.1 m,(3)在第(2)問(wèn)情況下,若在木箱速度剛達(dá)到6 m/s時(shí)平板車(chē)立即剎車(chē)到停止,則

7、要使木箱不會(huì)撞到駕駛室,平板車(chē)剎車(chē)時(shí)的加速度大小滿(mǎn)足什么條件?,答案a12 m/s2,解析木箱減速停止時(shí)的位移為:,木箱不與車(chē)相碰需滿(mǎn)足:x3x4s 解得:a12 m/s2.,變式2如圖5甲所示,質(zhì)量為M的木板靜止在光滑水平面上.一個(gè)質(zhì)量為m的小滑塊以初速度v0從木板的左端向右滑上木板.滑塊和木板的水平速度隨時(shí)間變化的圖象如圖乙所示.某同學(xué)根據(jù)圖象作出如下判斷,正確的是 A.滑塊和木板始終存在相對(duì)運(yùn)動(dòng) B.滑塊始終未離開(kāi)木板 C.滑塊的質(zhì)量小于木板的質(zhì)量 D.木板的長(zhǎng)度一定為,圖5,,變式3(2018泰州中學(xué)月考)如圖6所示,一質(zhì)量M3.0 kg的足夠長(zhǎng)的木板B放在光滑的水平面上,其上表面放置

8、質(zhì)量m1.0 kg的小木塊A,A、B均處于靜止?fàn)顟B(tài),A與B間的動(dòng)摩擦因數(shù)0.30,且最大靜摩擦力與滑動(dòng)摩擦力大小相等.現(xiàn)給木塊A施加一隨時(shí)間t變化的水平力Fkt(k2 N/s),取g10 m/s2. (1)若木板B固定,則經(jīng)過(guò)多少時(shí)間木塊A開(kāi)始滑動(dòng)?,圖6,答案1.5 s,解析當(dāng)木板B固定時(shí),木塊A開(kāi)始滑動(dòng)瞬間,水平力F與最大靜摩擦力大小相等,則:F1Ffmmg 設(shè)經(jīng)過(guò)t1時(shí)間木塊A開(kāi)始滑動(dòng),則:F1kt1,(2)若木板B固定,求t22.0 s時(shí)木塊A的加速度大小.,答案1 m/s2,解析t22.0 s時(shí),有F2kt222 N4 N 由牛頓第二定律得:F2mgma,(3)若木板B不固定,求t3

9、1.0 s時(shí)木塊A受到的摩擦力大小.,答案1.5 N,解析在t31.0 s時(shí)水平外力為:F3kt321 N2 N 因?yàn)榇藭r(shí)外力小于最大靜摩擦力,兩者一定不發(fā)生相對(duì)滑動(dòng),故一起做勻加速運(yùn)動(dòng),以整體為研究對(duì)象,由牛頓第二定律可得:F3(mM)a,對(duì)木塊A受力分析有:F3Ffma 則FfF3ma(210.5) N1.5 N.,,隨堂測(cè)試,,,1.(多選)(2018徐州三中月考)如圖7所示,質(zhì)量M2 kg的一定長(zhǎng)度的長(zhǎng)木板靜止在光滑水平面上,在其左端放置一質(zhì)量m1 kg的小木塊(可視為質(zhì)點(diǎn)),小木塊與長(zhǎng)木板之間的動(dòng)摩擦因數(shù)0.2.長(zhǎng)木板和小木塊先相對(duì)靜止,然后用一水平向右的F4 N的力作用在小木塊上,

10、經(jīng)過(guò)時(shí)間t2 s,小木塊從長(zhǎng)木板另一端滑出,g取10 m/s2,則 A.滑出瞬間,小木塊的速度大小為2 m/s B.滑出瞬間,小木塊的速度大小為4 m/s C.滑出瞬間,長(zhǎng)木板的速度大小為2 m/s D.滑出瞬間,長(zhǎng)木板的速度大小為4 m/s,,1,2,3,4,圖7,,解析由牛頓第二定律得:,1,2,3,4,由題意可知,小木塊與長(zhǎng)木板都做初速度為零的勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng),運(yùn)動(dòng)時(shí)間: t2 s, 小木塊滑出瞬間,小木塊的速度大小為:v1a1t22 m/s4 m/s, 長(zhǎng)木板的速度大小為:v2a2t12 m/s2 m/s,故B、C正確.,2.(多選)(2017運(yùn)河中學(xué)調(diào)研)如圖8所示為糧袋的傳送裝置.已

11、知AB間長(zhǎng)度為L(zhǎng).傳送帶與水平方向的夾角為.工作時(shí)運(yùn)行速度為v,糧袋與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)為,正常工作時(shí)工人在A端將糧袋放到運(yùn)行中的傳送帶上,關(guān)于糧袋從A到B的運(yùn)動(dòng),以下說(shuō)法正確的是(設(shè)最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力) A.若gsin D.糧袋到達(dá)B端的速度與v比較,可能大,可能小,也可能相等,,圖8,1,2,3,4,,解析若mgcos ,糧袋一直受到滑動(dòng)摩擦力作用,一直做加速運(yùn)動(dòng),故A正確. 糧袋開(kāi)始運(yùn)動(dòng)時(shí)受到沿傳送帶向下的滑動(dòng)摩擦力,,若

12、度小于v;糧袋可能先勻加速運(yùn)動(dòng),當(dāng)速度與傳送帶相同后,做勻速運(yùn)動(dòng),到達(dá)B點(diǎn)時(shí)速度與v相同;也可能先做加速度較大的勻加速運(yùn)動(dòng),當(dāng)速度與傳送帶相同后做加速度較小的勻加速運(yùn)動(dòng),到達(dá)B點(diǎn)時(shí)的速度大于v,故D正確.,1,2,3,4,3.(2018儀征中學(xué)質(zhì)檢)如圖9所示,水平方向的傳送帶順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng),傳送帶速度大小恒為v2 m/s,兩端A、B間距離為3 m.一物塊從B端以初速度v04 m/s滑上傳送帶,物塊與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)0.4,g取10 m/s2.物塊從滑上傳送帶至離開(kāi)傳送帶的過(guò)程中,速度隨時(shí)間變化的圖象是圖中的,圖9,1,2,3,4,,4.(多選)(2018寶應(yīng)中學(xué)第三次模擬)如圖10甲所示,上

13、表面粗糙的平板車(chē)靜止在光滑水平面上,質(zhì)量m1 kg的滑塊以v03 m/s的速度從左邊滑上平板車(chē),忽略滑塊的大小.從滑塊剛滑上平板車(chē)開(kāi)始計(jì)時(shí),它們的vt圖象如圖乙所示,滑塊在平板車(chē)上運(yùn)動(dòng)了1 s,取重力加速度g10 m/s2.下列說(shuō)法正確的是 A.滑塊與平板車(chē)間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.1 B.平板車(chē)的質(zhì)量為1 kg C.平板車(chē)的長(zhǎng)度為2.5 m D.全過(guò)程中摩擦生熱為2.5 J,,,1,2,3,4,圖10,解析根據(jù)vt圖象的斜率大小表示加速度大小,,1,2,3,4,由vt圖象可知滑塊、平板車(chē)的加速度大小相等,使它們產(chǎn)生加速度的力就是兩者之間的滑動(dòng)摩擦力,因此它們的質(zhì)量相等,均為1 kg,故B正確; 二

14、者的相對(duì)位移的大小等于平板車(chē)的長(zhǎng)度,由vt圖象與坐標(biāo)軸所圍面積可知s2 m,故C錯(cuò)誤; 全過(guò)程中摩擦生熱Qmgs0.11102 J2 J,故D錯(cuò)誤.,,課時(shí)作業(yè),,,1.(多選)(2019鹽城中學(xué)月考) 如圖1所示,三角形傳送帶以1 m/s的速度逆時(shí)針勻速轉(zhuǎn)動(dòng),兩邊的傳送帶長(zhǎng)都是2 m,且與水平方向的夾角均為37.現(xiàn)有兩小物塊A、B從傳送帶頂端都以1 m/s的初速度沿傳送帶下滑,物塊與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為0.5.下列說(shuō)法中正確的是(g取10 m/s2,sin 370.6,cos 370.8) A.物塊A到達(dá)底端的速度比物塊B到達(dá)底端的速度大 B.物塊A、B同時(shí)到達(dá)底端 C.物塊A先到達(dá)傳送

15、帶底端 D.物塊A、B在傳送帶上的劃痕長(zhǎng)度之比為13,1,2,3,4,5,6,7,8,圖1,,,,,,雙基鞏固練,9,解析對(duì)物塊A、B受力分析,因?yàn)閙gsin 37mgcos 37,故物塊A所受摩擦力沿傳送帶向上,向下做勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng),物塊B所受摩擦力沿傳送帶向上,向下做勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng),且兩物塊做勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)的加速度大小相等,又由位移大小相等知運(yùn)動(dòng)的時(shí)間相等,故到達(dá)底端的速度大小相等,故A、C錯(cuò)誤,B正確. 對(duì)物塊A,劃痕的長(zhǎng)度等于物塊A的位移減去傳送帶的位移,以物塊A為研究對(duì)象,由牛頓第二定律得:a2 m/s2,由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式得運(yùn)動(dòng)時(shí)間為:t1 s,所以傳送帶運(yùn)動(dòng)的位移為xvt1 m.則物塊

16、A對(duì)傳送帶的劃痕為:x12 m1 m1 m,對(duì)物塊B,劃痕的長(zhǎng)度等于B的位移加上傳送帶的位移,同理得出物塊B對(duì)傳送帶的劃痕長(zhǎng)度為x23 m.所以劃痕長(zhǎng)度之比為13,故D正確.,1,2,3,4,5,6,7,8,9,2.(多選)如圖2甲所示的水平傳送帶AB逆時(shí)針勻速轉(zhuǎn)動(dòng),一物塊沿曲面從一定高度處由靜止開(kāi)始下滑,以某一初速度從傳送帶左端滑上,在傳送帶上由速度傳感器記錄下物塊速度隨時(shí)間的變化關(guān)系如圖乙所示(圖中取向左為正方向,以物塊剛滑上傳送帶時(shí)為計(jì)時(shí)起點(diǎn)).已知傳送帶的速度保持不變,重力加速度g取10 m/s2.關(guān)于物塊與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)及物塊在傳送帶上運(yùn)動(dòng)第一次回到傳送帶左端的時(shí)間t,下列計(jì)算

17、結(jié)果正確的是 A.0.4 B.0.2 C.t4.5 s D.t3 s,,圖2,,1,2,3,4,5,6,7,8,9,解析由題圖乙可得,物塊做勻變速運(yùn)動(dòng)的加速度大小為a 2.0 m/s2,由牛頓第二定律得FfMaMg,則可得物塊與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)0.2,A錯(cuò)誤,B正確. 在vt圖象中,圖線(xiàn)與時(shí)間軸所圍面積表示物塊的位移,則物塊經(jīng)減速、反向加速并最終與傳送帶相對(duì)靜止,最后勻速運(yùn)動(dòng)回到傳送帶左端時(shí),物塊的位移為0,由題圖乙可得物塊在傳送帶上運(yùn)動(dòng)的總時(shí)間為4.5 s,C正確,D錯(cuò)誤.,1,2,3,4,5,6,7,8,9,3.(2018高郵市期初)如圖3所示,足夠長(zhǎng)的傳送帶與水平面夾角為37,以速度

18、v0逆時(shí)針勻速轉(zhuǎn)動(dòng).在傳送帶的上端輕輕放置一個(gè)質(zhì)量為m的小木塊,小木塊與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù) ,則圖中能客觀(guān)地反映小木塊的速度隨時(shí)間變化關(guān)系的是,圖3,,1,2,3,4,5,6,7,8,9,解析初始狀態(tài)時(shí):小木塊所受重力的分力與滑動(dòng)摩擦力均沿著傳送帶向下,且都是恒力,所以小木塊先沿斜面向下做勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng),,當(dāng)小木塊的速度與傳送帶速度相等時(shí),由tan 知小木塊繼續(xù)沿傳送帶勻加速向下,但是此時(shí)滑動(dòng)摩擦力的方向沿傳送帶向上,,比較知道a1a2,根據(jù)vt圖象的斜率表示加速度,知第二段圖線(xiàn)的斜率比第一段小,故A、B、C錯(cuò)誤,D正確.,1,2,3,4,5,6,7,8,9,4.(多選)如圖4所示,一足夠長(zhǎng)

19、的木板靜止在粗糙的水平面上,t0時(shí)刻滑塊從板的左端以速度v0水平向右滑行,木板與滑塊之間存在摩擦,且最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力,則滑塊的vt圖象可能是圖中的,圖4,,,1,2,3,4,5,6,7,8,9,5.(2018泰州中學(xué)模擬)如圖5所示,在光滑水平面上有一質(zhì)量為m1的足夠長(zhǎng)的木板,其上疊放一質(zhì)量為m2的木塊.假定木塊和木板之間的最大靜摩擦力和滑動(dòng)摩擦力相等.現(xiàn)給木塊施加一隨時(shí)間t增大的水平力Fkt(k是常數(shù)),木板和木塊加速度的大小分別為a1和a2,下列反映a1和a2變化的圖線(xiàn)中正確的是,圖5,,1,2,3,4,5,6,7,8,9,6.(多選)(2018鹽城中學(xué)段考)如圖6所示,一足夠長(zhǎng)

20、的木板靜止在光滑水平面上,一物塊靜止在木板上,木板和物塊間有摩擦.現(xiàn)用水平力向右拉木板,在物塊相對(duì)木板運(yùn)動(dòng)過(guò)程中,撤掉拉力,此后木板和物塊相對(duì)于水平面的運(yùn)動(dòng)情況為 A.物塊向右運(yùn)動(dòng),速度逐漸增大,直到做勻速運(yùn)動(dòng) B.物塊先向左運(yùn)動(dòng),再向右運(yùn)動(dòng) C.木板向右運(yùn)動(dòng),速度逐漸變小,直到做勻速運(yùn)動(dòng) D.木板和物塊的速度都逐漸變小,直到為零,圖6,,,,綜合提升練,,,1,2,3,4,5,6,7,8,9,解析當(dāng)物塊相對(duì)木板滑動(dòng)了一段距離仍有相對(duì)運(yùn)動(dòng)時(shí)撤掉拉力,此時(shí)物塊的速度小于木板的速度,兩者之間存在滑動(dòng)摩擦力,物塊受到木板的滑動(dòng)摩擦力方向向右,與其速度方向相同,向右做加速運(yùn)動(dòng),而木板受到物塊的滑動(dòng)摩擦

21、力方向向左,與其速度方向相反,向右做減速運(yùn)動(dòng),當(dāng)兩者速度相等時(shí)一起向右做勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng),故A、C正確.,1,2,3,4,5,6,7,8,9,7.(2018蘇錫常鎮(zhèn)一調(diào))一足夠長(zhǎng)的輕質(zhì)薄硬紙片置于光滑水平地面上,其上放有質(zhì)量均為1 kg的A、B兩物塊,A、B物塊與薄硬紙片之間的動(dòng)摩擦因數(shù)分別為10.3,20.2,水平恒力F作用在A物塊上,如圖7所示.已知最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力,取g10 m/s2,則下列說(shuō)法正確的是 A.若F1.5 N,則A物塊所受摩擦力大小為1.5 N B.若F8 N,則B物塊的加速度為4.0 m/s2 C.無(wú)論力F多大,A物塊與薄硬紙片都不會(huì)發(fā)生相對(duì)滑動(dòng) D.無(wú)論力F多大,

22、B物塊與薄硬紙片都不會(huì)發(fā)生相對(duì)滑動(dòng),圖7,,1,2,3,4,5,6,7,8,9,解析A物塊與薄硬紙片間的最大靜摩擦力為:FfA1mAg0.3110 N3 N, B物塊與薄硬紙片間的最大靜摩擦力為:FfB2mBg0.2110 N2 N; 因F11.5 NFfA, 所以A、B物塊及薄硬紙片保持相對(duì)靜止,整體在F1作用下向左勻加速運(yùn)動(dòng),,此時(shí)對(duì)AF1FfA1mAa1,解得FfA10.75 N,故A錯(cuò)誤;,1,2,3,4,5,6,7,8,9,若當(dāng)F28 N時(shí),假設(shè)A、B兩物塊相對(duì)薄硬紙片靜止,,則此時(shí)B物塊相對(duì)薄硬紙片發(fā)生相對(duì)滑動(dòng),故B的加速度仍為2 m/s2,選項(xiàng)B、D錯(cuò)誤; 由以上分析可知當(dāng)薄硬紙

23、片的加速度為2 m/s2時(shí),物塊B相對(duì)薄硬紙片將要產(chǎn)生相對(duì)滑動(dòng), 此時(shí)薄硬紙片受到的摩擦力為2 N,即紙片對(duì)A物塊的摩擦力也為2 NFfA, 則無(wú)論力F多大,A物塊與薄硬紙片都不會(huì)發(fā)生相對(duì)滑動(dòng),選項(xiàng)C正確.,1,2,3,4,5,6,7,8,9,8.(2018田家炳中學(xué)模擬)傳送帶以恒定速度v4 m/s順時(shí)針運(yùn)行,傳送帶與水平面的夾角37.現(xiàn)將質(zhì)量m2 kg的小物品輕放在其底端(小物品可看成質(zhì)點(diǎn)),平臺(tái)上的人通過(guò)一根平行于傳送帶的輕繩用恒力F20 N拉小物品,經(jīng)過(guò)一段時(shí)間物品被拉到離地面高為H1.8 m的平臺(tái)上,如圖8所示.已知物品與傳送帶之間的動(dòng)摩擦因數(shù)0.5,設(shè)最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力,g

24、取10 m/s2,已知sin 370.6,cos 370.8.問(wèn): (1)物品從傳送帶底端運(yùn)動(dòng)到平臺(tái)上所用的時(shí)間是多少?,圖8,答案1 s,1,2,3,4,5,6,7,8,9,解析物品在達(dá)到與傳送帶速度v4 m/s相等前,有: Fmgcos 37mgsin 37ma1 解得a18 m/s2; 由va1t1,得t10.5 s,,共速后,有:Fmgcos 37mgsin 37ma2, 解得a20,即物品隨傳送帶勻速上升,,總時(shí)間為:tt1t21 s; 即物品從傳送帶底端運(yùn)動(dòng)到平臺(tái)上所用的時(shí)間是1 s;,1,2,3,4,5,6,7,8,9,(2)若在物品與傳送帶達(dá)到同速瞬間撤去恒力F,求物品還需多長(zhǎng)

25、時(shí)間離開(kāi)傳送帶?(計(jì)算結(jié)果可用根式表示),1,2,3,4,5,6,7,8,9,解析在物品與傳送帶達(dá)到同速瞬間撤去恒力F,根據(jù)牛頓第二定律,有 mgcos 37mgsin 37ma3 解得:a32 m/s2; 假設(shè)物品向上勻減速到速度為零時(shí),,即物品速度減為零前已經(jīng)到達(dá)最高點(diǎn);,1,2,3,4,5,6,7,8,9,9.(2018徐州市期中)如圖9甲所示,粗糙水平面上有一個(gè)長(zhǎng)L1 m、質(zhì)量M3 kg的長(zhǎng)木板,木板上表面左半部分粗糙,右半部分光滑,木板與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)10.25.質(zhì)量m1 kg的物塊(可視為質(zhì)點(diǎn))放置在木板的右端,物塊與木板左半部分的動(dòng)摩擦因數(shù)20.5.在木板右端施加如圖乙所示的

26、水平拉力F,g取10 m/s2.求: (1)木板剛開(kāi)始運(yùn)動(dòng)時(shí)的加速度大小;,答案1 m/s2,圖9,解析對(duì)木板受力分析, 根據(jù)牛頓第二定律可知: F11(Mm)gMa 解得:a1 m/s2,1,2,3,4,5,6,7,8,9,(2)物塊運(yùn)動(dòng)多長(zhǎng)時(shí)間后與木板速度相同;,答案0.5 s,1,2,3,4,5,6,7,8,9,恰好運(yùn)動(dòng)到有摩擦力位置,此時(shí)木板的速度為:vat11 m/s,假設(shè)經(jīng)歷時(shí)間t2兩者速度相同,則有:v共at2vat2 解得:t20.5 s,v共2.5 m/s,1,2,3,4,5,6,7,8,9,1,2,3,4,5,6,7,8,9,(3)經(jīng)過(guò)t2.5 s物塊運(yùn)動(dòng)的位移大小.,答案4.875 m,1,2,3,4,5,6,7,8,9,故此后兩者一起做勻加速運(yùn)動(dòng),時(shí)間ttt1t21 s,,故物塊前進(jìn)的位移為:xx2x34.875 m.,達(dá)到共同速度后,假設(shè)兩者以相同的加速度運(yùn)動(dòng),物塊運(yùn)動(dòng)的加速度為:,1,2,3,4,5,6,7,8,9,

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