《(江蘇專用)2019高考數(shù)學二輪復習 第二篇 第25練 數(shù)列的綜合問題課件 理.ppt》由會員分享,可在線閱讀,更多相關《(江蘇專用)2019高考數(shù)學二輪復習 第二篇 第25練 數(shù)列的綜合問題課件 理.ppt(51頁珍藏版)》請在裝配圖網(wǎng)上搜索。
1、第二篇重點專題分層練,中高檔題得高分,第25練數(shù)列的綜合問題壓軸大題突破練,,明晰考情 1.命題角度:等差數(shù)列與等比數(shù)列的綜合;等差數(shù)列、等比數(shù)列與其他知識的綜合. 2.題目難度:數(shù)列在高考中一般是壓軸題,高檔難度.,核心考點突破練,,,欄目索引,,模板答題規(guī)范練,考點一等差數(shù)列、等比數(shù)列的判定與證明,,核心考點突破練,解答,1.(2018江蘇省如東高級中學測試)已知各項均為正數(shù)的數(shù)列an的首項a11, Sn是數(shù)列an的前n項和,且滿足:anSn1an1Snanan1anan1(0,nN*). (1)若a1,a2,a3成等比數(shù)列,求實數(shù)的值;,令n2,得a2S3a3S2a2a3a2a3,,因為
2、0,所以1.,證明,解答,(3)在(2)的條件下,求Sn.,解答,2.從數(shù)列an中取出部分項,并將它們按原來的順序組成一個數(shù)列,稱之為數(shù)列an的一個子數(shù)列,設數(shù)列an是一個首項為a1,公差為d(d0)的無窮等差數(shù)列(即項數(shù)有無限項). (1)若a1,a2,a5成等比數(shù)列,求其公比q;,即(a1d)2a1(a14d), 得d22a1d,又d0,于是d2a1,,(2)若a17d,從數(shù)列an中取出第2項,第6項作為一個等比數(shù)列的第1項,第2項,試問該數(shù)列是否為an的無窮等比子數(shù)列,請說明理由.,由題設ana1(n1)d(n6)d. 假設數(shù)列bm為an的無窮等比子數(shù)列, 則對任意自然數(shù)m(m3),都存
3、在nN*,使anbm,,故該數(shù)列不為an的無窮等比子數(shù)列.,解答,3.已知數(shù)列an的前n項和為Sn,且滿足:a1a(a0),an1rSn(nN*,rR,r1). (1)求數(shù)列an的通項公式;,解答,解由已知an1rSn,可得an2rSn1, 兩式相減可得an2an1r(Sn1Sn)ran1, 即an2(r1)an1,又a2ra1ra,所以當r0時, 數(shù)列an為:a,0,,0,; 當r0,r1時,由已知a0,所以an0(nN*),,a2,a3,,an,成等比數(shù)列, 當n2時,anr(r1)n2a.,(2)若存在kN*,使得Sk1,Sk,Sk2成等差數(shù)列,試判斷:對于任意的mN*,且m2,am1,
4、am,am2是否成等差數(shù)列,并證明你的結論.,解答,解對于任意的mN*,且m2,am1,am,am2成等差數(shù)列,證明如下:,對于任意的mN*,且m2,am1,am,am2成等差數(shù)列, 當r0,r1時, Sk2Skak1ak2,Sk1Skak1. 若存在kN*,使得Sk1,Sk,Sk2成等差數(shù)列, 則Sk1Sk22Sk, 2Sk2ak1ak22Sk,即ak22ak1, 由(1)知,a2,a3,,am,的公比r12,,于是對于任意的mN*,且m2,am12am, 從而am24am, am1am22am,即am1,am,am2成等差數(shù)列, 綜上,對于任意的mN*,且m2,am1,am,am2成等差數(shù)
5、列.,4.(2018連云港期末)設an是公差為d(d0)且各項為正數(shù)的等差數(shù)列,bn是公比為q且各項均為正數(shù)的等比數(shù)列,cnanbn(nN*).,證明,(2)若a1b12, c220, c364. 求數(shù)列an與bn的通項公式;,解答,解因為a1b12, c220, c364,,則an3n1, bn2n.,求數(shù)列cn的前n項和Sn.,解因為an3n1, bn2n,所以cn(3n1)2n,,2Sn222523(3n4)2n(3n1)2n1, ,412(2n11)(3n1)2n1 (3n4)2n18, 所以Sn(3n4)2n18.,解答,考點二等差數(shù)列、等比數(shù)列和其他知識的綜合,方法技巧數(shù)列和其他
6、知識的綜合問題解題的關鍵是通過對其他知識的轉化得到數(shù)列的通項關系式或遞推關系式.,解答,5.(2018江蘇省如東高級中學期中)設數(shù)列an的前n項和為Sn,且滿足Snn2(nN*). (1)記bn ,求數(shù)列bn的前n項和Tn;,解因為Snn2(nN*),當n1時,a1S11, 當n2時,anSnSn1 n2(n1)2 2n1, 對n1適用, 所以an2n1(nN*),所以bn 22n124n1,,,解答,6.已知數(shù)列an的前n項和為Sn,數(shù)列Sn的前n項和為Tn,滿足Tn2Snn2. (1)證明數(shù)列an2是等比數(shù)列,并求出數(shù)列an的通項公式; 解由Tn2Snn2,得a1S1T12S11,解得a
7、1S11, 由S1S22S24,解得a24. 當n2時,SnTnTn1 2Snn22Sn1(n1)2, 即Sn2Sn12n1, Sn12Sn2n1, 由得an12an2, an122(an2),又a222(a12), 數(shù)列an2是以a123為首項,2為公比的等比數(shù)列, an232n1,即an32n12(nN*).,解答,解答,(2)設bnnan,求數(shù)列bn的前n項和Kn.,解bn3n2n12n, Kn3(120221n2n1)2(12n) 3(120221n2n1)n2n. 記Rn120221n2n1, 2Rn121222(n1)2n1n2n, 由,得Rn2021222n1n2n,Rn(n1)
8、2n1.,Kn3(n1)2nn2n3(nN*).,解答,7.已知數(shù)列an,如果數(shù)列bn滿足b1a1,bnanan1,n2,nN*,則稱數(shù)列bn是數(shù)列an的“生成數(shù)列”. (1)若數(shù)列an的通項為ann,寫出數(shù)列an的“生成數(shù)列”bn的通項公式; 解當n2時,bnanan12n1, 當n1時,b1a11適合上式, bn2n1(nN*).,(2)若數(shù)列cn的通項為cn2nb(其中b為常數(shù)),試問數(shù)列cn的“生成數(shù)列”qn是不是等差數(shù)列,請說明理由;,當b0時,qn4n2,由于qn1qn4, 此時數(shù)列cn的“生成數(shù)列”qn是等差數(shù)列. 當b0時,由于q1c12b,q262b,q3102b, 此時q2
9、q1q3q2, 數(shù)列cn的“生成數(shù)列”qn不是等差數(shù)列. 綜上,當b0時,qn是等差數(shù)列;當b0時,qn不是等差數(shù)列.,解答,解答,(3)已知數(shù)列dn的通項為dn2nn,求數(shù)列dn的“生成數(shù)列”pn的前n項和Tn.,當n1時,Tn3(323)(3225)(32n12n1), Tn33(222232n1)(3572n1)32nn24. 又當n1時,T13,適合上式, Tn32nn24.,8.已知數(shù)列an中,a11,a2a,且an1k(anan2)對任意正整數(shù)都成立,數(shù)列an的前n項和為Sn.,所以數(shù)列an是等差數(shù)列, 此時首項a11,公差da2a1a1,,解答,(2)是否存在實數(shù)k,使數(shù)列an是
10、公比不為1的等比數(shù)列,且對任意相鄰三項am,am1,am2,按某順序排列后成等差數(shù)列?若存在,求出所有k的值,若不存在,請說明理由;,解答,所以amam1,am1am,am2am1.,若am1為等差中項,則2am1amam2, 即2amam1am1,解得a1,不合題意; 若am為等差中項,則2amam1am2, 即2am1amam1, 化簡得a2a20,解得a2(舍去a1),,若am2為等差中項,則2am2am1am, 即2am1amam1,,解答,an2an1(an1an),an3an2(an2an1)an1an. 當n是偶數(shù)時, Sna1a2a3a4an1an (a1a2)(a3a4)(a
11、n1an),當n為奇數(shù)且n3時, Sna1a2a3a4an1an a1(a2a3)(a4a5)(an1an),當n1時也適合上式.,,模板答題規(guī)范練,模板體驗,例(16分)已知單調遞增的等比數(shù)列an滿足:a2a3a428,且a32是a2,a4的等差中項. (1)求數(shù)列an的通項公式; (2)若bnan an,Snb1b2bn,求使Snn2n130成立 的正整數(shù)n的最小值.,,審題路線圖,規(guī)范解答評分標準,解設等比數(shù)列an的首項為a1,公比為q. 由題意知2(a32)a2a4,代入a2a3a428, 可得a38,所以a2a420,,又數(shù)列an單調遞增,所以q2,a12, 所以數(shù)列an的通項
12、公式為an2n. 8分,(2)因為bnan an2n 2nn2n, 9分,所以Sn(12222n2n), 2Sn122223(n1)2nn2n1, 兩式相減,得Sn222232nn2n12n12n2n1. 12分 又Snn2n130, 可得2n1230,即2n13225, 14分 所以n15,即n4. 所以使Snn2n130成立的正整數(shù)n的最小值為5. 16分,構建答題模板 第一步求通項:根據(jù)題目條件,列方程(組)求解,得到數(shù)列的通項公式. 第二步求和:根據(jù)數(shù)列的類型,選擇適當方法求出數(shù)列的前n項和. 第三步求最值:根據(jù)題目條件,建立相應的函數(shù)或不等式,通過相
13、應函數(shù)最值或不等式求出最值,注意n的取值.,規(guī)范演練,(1)求數(shù)列an的通項公式;,解設等比數(shù)列an的公比q0,,a11,q2, an2n1(nN*).,解答,解答,解bn4n1(n1), Sn(10)(411)(422)4n1(n1) (141424n1)012(n1),2.已知數(shù)列an滿足a11,an13an1.,解答,因為當n1時,3n123n1,,證明,解答,3.已知數(shù)列an滿足a1 ,an1anp3n1nq,nN*,p,qR. (1)若q0,且數(shù)列an為等比數(shù)列,求p的值;,解若q0,則an1anp3n1. 設等比數(shù)列an的公比為r. 若r1,則p0;,此時an1ana1(r1)rn
14、1p3n13n1, 所以p1. 綜上所述,p0或p1.,(2)若p1,且a4為數(shù)列an的最小項,求q的取值范圍. 解若p1,則an1an3n1qn,nN*, 因為a4是數(shù)列an的最小項,,此時,a2a11q0,a3a232q0. 記f(n)an1an3n1qn(nN*), 考慮f(n1)f(n)23n1q,當n4時,f(n1)f(n)f(4)0. 綜上,a1a2a3a4,且a4a5a6a7,滿足題意.,解答,解答,4.若數(shù)列an中存在三項,按一定次序排列構成等比數(shù)列,則稱an為“等比源數(shù)列”. (1)已知在數(shù)列an中,a12,an12an1. 求an的通項公式; 解由an12an1,得an11
15、2(an1), 且a111, 所以數(shù)列an1是首項為1,公比為2的等比數(shù)列. 所以an12n1, 所以數(shù)列an的通項公式為an2n11.,試判斷an是否為“等比源數(shù)列”,并證明你的結論;,解答,解數(shù)列an不是“等比源數(shù)列”,用反證法證明如下: 假設數(shù)列an是“等比源數(shù)列”, 則存在三項am,an,ak(mnk)按一定次序排列構成等比數(shù)列. 因為an2n11,所以amanak,,即22n222n112mk22m12k11, 兩邊同時乘21m,得到22nm12nm12k112km, 即22nm12nm12k12km1, 又mnk,m,n,kN*, 所以2nm11,nm12,k12,km2,,所以2
16、2nm12nm12k12km必為偶數(shù),不可能為1. 所以數(shù)列an中不存在任何三項,按一定次序排列構成等比數(shù)列. 綜上可得數(shù)列an不是“等比源數(shù)列”.,證明,(2)已知數(shù)列an為等差數(shù)列,且a10,anZ(nN*). 求證:an為“等比源數(shù)列”.,證明不妨設等差數(shù)列an的公差d0. 當d0時,等差數(shù)列an為非零常數(shù)數(shù)列,數(shù)列an為“等比源數(shù)列”. 當d0時,因為anZ,則d1,且dZ,所以數(shù)列an中必有一項am0. 為了使an為“等比源數(shù)列”, 只需要an中存在第m項,第n項,第k項(mnk),,即am(nm)d2amam(km)d, 即(nm)2am(nm)dam(km)成立. 當namm,k2amamdm時,上式成立. 所以an中存在am,an,ak成等比數(shù)列. 所以數(shù)列an為“等比源數(shù)列”.,本課結束,