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2012高考數(shù)學(xué) 考前沖刺第三部分專題二 函數(shù)和反函數(shù)

上傳人:zhan****gclb 文檔編號:144833097 上傳時間:2022-08-28 格式:DOC 頁數(shù):25 大?。?90KB
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1、 2012考前沖刺數(shù)學(xué)第三部分 【高考預(yù)測】 1.函數(shù)的定義域和值域 2.函數(shù)單調(diào)性的應(yīng)用 3.函數(shù)的奇偶性和周期性的應(yīng)用 4.反函數(shù)的概念和性質(zhì)的應(yīng)用 5.借助函數(shù)單調(diào)性求函數(shù)最值或證明不等式 6.綜合運用函數(shù)奇偶性、周期性、單調(diào)性進行命題 7.反函數(shù)與函數(shù)性質(zhì)的綜合 【易錯點點睛】 易錯點1 函數(shù)的定義域和值域 1.(2012模擬題精選)對定義域Df、Dg的函數(shù)y=f(x),y=g(x),規(guī)定:函數(shù)h(x)= (1)若函數(shù)f(x)=,g(x)=x2,寫出函數(shù)h(x)的解析式; (2)求問題(1)中函數(shù)h(x)的值域. 【錯誤答案】 (1)∵f(x)的定

2、義域Df為(-∞,1)∪(1,+∞),g(x)的定義域Dg為R.∴h(x)= (2)當(dāng)x≠1時,h(x)==x-1++2≥4.或h(x)= ∈(-∞,0)∪(0,+∞). ∴h(x)的值域為(4,+∞),當(dāng)x=1時,h(x)=1.綜合,得h(x)的值域為{1}∪[4,+∞]. 【錯解分析】 以上解答有兩處錯誤:一是當(dāng)x∈Df但xDg時,應(yīng)是空集而不是x≠1.二是求h(x)的值域時,由x≠1求h(x)=x-1++2的值域應(yīng)分x>1和x<1兩種情況的討論. 【正確解答】 (1)∵f(x)的定義域Df=(-∞,1)∪(1,+∞)·g(x)的定義域是Dg=(-∞,+∞).所以,h(x)=

3、 (2)當(dāng)x≠1時,h(x)= ==x-1++2. 若x>1,則x-1>0,∴h(x)≥2+2=4. 當(dāng)且僅當(dāng)x=2時等號成立. 若x<1,則x-1<0.∴h(x)=-[-(x-1)- ]+2≤-2+2=0.當(dāng)且僅當(dāng)x=0時等號成立. 當(dāng)x=1時,h(x)=1. 綜上,得h(x)的值域為(-∞,0)∪{1}∪[4,+∞]. 2.(2012模擬題精選)記函數(shù)f(x)=的定義域為A,g(x)=lg[(x-a-1)(2a-x)](a≤1)的定義域為B. (1)求A; (2)若BA,求實數(shù)a的取值范圍. ∵BA,∴2a≥1或a+1≤-1,即a≥或a ≤-2.而a<1,∴≤a≤1或

4、a≤-2, 故當(dāng)BA時,實數(shù)a的取值范圍是(-∞,-2)∪[,1]. 3.(2012模擬題精選)記函數(shù)f(x)=lg(2x-3)的定義域為集合M,函數(shù)g(x)=的定義域為集合N.求 集合M,N; 集合M∩N.M∪N. 【錯誤答案】 (1)由2x-3>0解得x>.∴M={x|x>}.由1-≥0 得x-1≤x-3∴-1≤-3.∴N= ?. (2)∴M∩N=?.M∪N={x|x>}. A.{y|y>1} B.{y|y≥1} C.{y|y>0} D.{y|y≥0} 【錯誤答案】 選A或B 【錯解分析】 錯誤地認為是求函數(shù)y=2-x和y=

5、的定義域的交集.實際上是求兩函數(shù)的值域的交集. 【正確解答】 ∵集合中的代表元素為y,∴兩集合表示兩函數(shù)的值域,又∴M={y|y=2-x}={y|y>0},P={y|y=}={y|y≥0}.∴M∩P={y|y>0},故選C. 【特別提醒】 對于含有字母的函數(shù)求定義域或已知其定義域求字母參數(shù)的取值范圍,必須對字母酌取值情況進行討論,特別注意定義域不能為空集。2.求函數(shù)的值域,不但要重視對應(yīng)法則的作用,而且要特別注意定義域?qū)χ涤虻闹萍s作用. 【變式探究】 1 若函數(shù)y=lg(4-a·2x)的定義域為R,則實數(shù)a的取值范圍是 ( ) A.(0,+∞) B.(0,2)

6、 C.(-∞,2) D.(-∞,0) 答案:D 解析:∵4-a 2 已知函數(shù)f(x)的值域是[-2,3],則函數(shù)f(x-2)的值域為 ( ) A.[-4,1] B.[0,5] C.[-4,1]∪[0,5] D.[-2,3] 答案:D 解析:f(x-2)的圖象是把f(x)的圖象向右平移2個單位.因此f(x-2)的值域不變. 3 已知函數(shù)f(x)=lg(x2-2mx+m+2) (1)若該函數(shù)的定義域為R,試求實數(shù)m的取值范圍. 答案:解析:(1)由題設(shè),得不等式x2-2mx+m+2>0對一切實數(shù)x恒成立, ∴△

7、=(-2m)2-4(m+2)<0,解得-1

8、 函數(shù)單調(diào)性的應(yīng)用 1.已知a≥0,且函數(shù)f(x)=(x2-2ax)ex在[-1,1]上是單調(diào)函數(shù),求a的取值范圍. 【錯誤答案】 ∵f′(x)=ex(x2-2ax)+ex(2x-2a)=ex[x2+2(1-a)x-2a] 又∵f(x)在[-1,1]上是單調(diào)函數(shù),f′(x)≥0在[-1,1]上恒成立.即ex[x2+2(1-a)x-2a≥0在[-1,1]上恒成立. ∵ex>0,g(x)=x2+2(1-a)x-2a≥0在[-1,1]上恒成立. 即或△=4(1-a)2+8a<0或 解得:a∈?. 故f(x)在[-1,1]上不可能為單調(diào)函數(shù). 【錯解分析】 上面解答認為f(x

9、)為單調(diào)函數(shù),f(x)就只能為單調(diào)增函數(shù),其實f(x)還有可能為單調(diào)減函數(shù),因此應(yīng)令f′(x)≥0或f′(x)≤0在[-1,1]上恒成立. 【正確解答】 f′(x)=ex(x2-2ax)+ex(2x-2a)=ex[x2+2(1-a)x-2a] ∵f(x)在[-1,1]上是單調(diào)函數(shù). (1)若f(x)在[-1,1]上是單調(diào)遞增函數(shù). 則f′(x)≥0在[-1,1]上恒成立,即ex[x2+2(1-a)x-2a]≥0在[-1,1]上恒成立.∵ex>0.∴g(x)=x2+2(1-a)x-2a≥0在[-1,1]上恒成立,則有或△=4(1-a)2+8a<0或 【錯誤答案】 (1

10、)設(shè)-1<x1<x2,f(x2)-f(x1)=ax2+ax2-ax1+>0. ∴f(x)在(-1,+∞)上是增函數(shù). (2)設(shè)x0為方程f(x)=0的負數(shù)根,則有ax0+=0.即ax0==-1+, ① ∵x0≠-1,∴當(dāng)-13,-1+>2,而<ax0<1 與①矛盾. ∴原方程沒有負數(shù)根. 【錯解分析】 第(1)問錯在用定義證明函數(shù)單調(diào)性時,沒有真正地證明f(x2)>f(x1).而只是象征性地令f(x2)-f(x1)>0這是許多學(xué)生解這類題的一個通?。?2)問錯在把第(1)問的條件當(dāng)成第(2)問的條件,因而除了上述證明外,還需證明x0<

11、-1時,方程也沒有負根. 【正確解答】 設(shè)-10,又a>1, ∴ax2-x1>1.而-10,x2+1>0. ∴f(x2)-f(x1)>0 ∴f(x)在(-1,+∞)上為增函數(shù). (2)設(shè)x0為方程f(x)=0的負數(shù)根,則有ax0+=0.即ax0=-1+ 顯然x0≠-1, 當(dāng)0>x0>-1時,1>x0+1>0,>3,-1+>2.而-1的解. 當(dāng)x0<-1時.x0

12、+1<0<0,-1+<-1,而ax0>0矛盾.即不存在x0<-1的解. 3.(2012模擬題精選)若函數(shù)f(x)=l0ga(x3-ax)(a>0且a≠1)在區(qū)間(-,0)內(nèi)單調(diào)遞增,則a的取值范圍是 ( ) A.[,1] B.[,1] C.[,+∞] D.(1,-) ∵x∈(-,0)∴3x2∈(0,). ∴a≥.此時(x)>0.∴≤a<1. 當(dāng)a>1時,(x)在(-,0)上單調(diào)遞增, ∴′(x)=3x2-a≥0在(-,0)上恒成立. ∴a≤3x2在(-,0)上恒成立. 又3x2∈(0,)·∴a≤

13、0與a>1矛盾. ∴a的取值范圍是[,1]. 故選B. 【特別提醒】 1.討論函數(shù)單調(diào)性必須在定義域內(nèi)進行,因此討論函數(shù)的單調(diào)性必須求函數(shù)定義域. 2.函數(shù)的單調(diào)性是對區(qū)間而言的,如果f(x)在區(qū)間(a,b)與(c,d)上都是增(減)函數(shù),不能說 f(x)在(a,b)∪(c,d)上一定是增(減)函數(shù). 3.設(shè)函數(shù)y=f(u),u=g(x)都是單調(diào)函數(shù),那么復(fù)合函數(shù)y=f[g(x)]在其定義域上也是單調(diào)函數(shù).若y=f(u)與u=g(x)的單調(diào)性相同,則復(fù)合函數(shù)y=f[g(x)]是增函數(shù);若y=f(u),u=g(x)的單調(diào)性相反,則復(fù)合函數(shù)y=f[g(x)]是減函數(shù).列出下

14、表以助記憶. y=f(u) u=g(x) y=f[g(x)] ↗ ↗ ↗ ↗ ↘ ↘ ↘ ↘ ↗ ↘ ↗ ↘ 上述規(guī)律可概括為“同性則增,異性則減”. 【變式探究】 1 函數(shù)f(x)對任意實數(shù)x都有f(x)

15、+ ∞)根據(jù)復(fù)合函數(shù)單調(diào)性法則進行求解。 3 如果函數(shù)f(x)的定義域為R,對于任意實數(shù)a,b滿足f(a+b)=f(a)·f(b). (1)設(shè)f(1)=k(k≠0),試求f(n)(n∈N*) 解析(1) 設(shè)當(dāng)x<0時,f(x)>1,試解不等式f(x+5)>. 答案:(2)對任意的 ∵f(0)=f(0+0)=f2(0)≠0. ∴f(0)=1, 設(shè)x11,又∵f(x2)>0. ∴f(x1)=f[(x1-x2)+x2]=f(x1-x2) ?f(x2)>f(x2). ∴f(x)為R上的減函數(shù),解不等式f(x+5)> ∵f(

16、x)>0, ∴不等式等價于f(x+5) ?f(x)>1.即f(2x+5)>f(0),又∵f(x)為減函數(shù),∴2x+5<0. 解得不等式的解集為 4 是否存在實數(shù)a,使函數(shù)f(x)=loga(ax2-x)在區(qū)間[2,4]上是減函數(shù)? 答案:解析:設(shè)(x)=ax2-x=a當(dāng)a>1時,要使f(x)在區(qū)間[2,4]上是減函數(shù),則有: ? 當(dāng)0

17、)=x-2.則 ( ) A.f(sin)<f(cos) B.f(sin)>f(cos) C.f(sin1)<f(cos1) D.f(sin)<f(cos) 【錯誤答案】 A 由f(x)=f(x+2)知T=2為f(x)的一個周期.設(shè)x∈[-1,0]知x+4∈[3,4] ∴f(x)=f(x+4)=x+4-2=x+2. ∴f(x)在[-1,0]上是增函數(shù) 又f(x)為偶函數(shù).∴f(x)=f(-x) ∴x∈[0,1]時,f(x)=x+2,即f(x)在[0,1]上也是增函數(shù).又∵sin<cos f(sin)<f(cos). 2.(2012模擬題精選

18、)若函數(shù)f(x)是定義在R上的偶函數(shù),在(-∞,0)上是減函數(shù),且f(2)=0,則使得f(x)<0的x的取值范圍是 ( ) A.(-∞,2) B.(2,+∞) C.(-∞,-2)∪(2,+∞) D.(-2,2) 【錯誤答案】 C f(-x)=f(x)<0=f(2).∴x>2或x<-2. 【錯解分析】 以上解答沒有注意到偶函數(shù)在對稱區(qū)間的單調(diào)性相反.錯誤地認為f(x)在[0,+∞]上仍是減函數(shù),導(dǎo)致答案選錯. 【正確解答】 D ∵f(x)是偶函數(shù),∴f(-x)=f(x)=f(|x|).∴f(x)<0.f(|x|)<f(2).又∵f

19、(x)在(-∞,0)上是減函數(shù),∴f(x)在[0,+∞]上是增函數(shù),|x|<2-2

20、 ∴f(5)+f(4)+f(3)+f(2)+f(1)=-f(0) 【錯解分析】 上面解答忽視了奇函數(shù)性質(zhì)的運用.即f(x)在x=0處有定義f(0)=0. 【錯解分析】 (1)對題意理解錯誤,題設(shè)中“在閉區(qū)間[0,7]上,只有f(1)=f(3)=0”說明除了f(1)、f(3)等于 0外再不可能有f(7)=0.(2)因f(x)在R上既不是奇函數(shù),又不是偶函數(shù).不能認為x∈[0,10],[-10,0]上各有兩個解,則認為在[0,2005]與在[-2005,0]上解的個數(shù)相同是錯誤的,并且f(x)=0在[0,2005]上解的個數(shù)不是401個,而是402個. 【正確解答】 由f(2-x)=f

21、(2+x),f(7-x)=f(7+x)得函數(shù)丁y=f(x)的對稱軸為x=2和x=7. 從而知函數(shù)y=f(x)不是奇函數(shù). 由f(4-x)=f(14-x)f(x)=f(x+10).從而知f(x)是周期為10的周期函數(shù). 又f(3)=f(1)=0,而f(7)=f(-3)≠0. 故函數(shù)y=f(x)是非奇非偶函數(shù). (2)由(1)知f(x)是以周期為10的周期函數(shù). ∴f(1)=f(11)=…=f(2001)=0 f(3)=f(13)=…=f(2003)=0 f(x)=0在[0,2005]上共有402個解.同理可求得f(x)=0在[-2005,0]上共有400個解. ∴f(x)=0在

22、[-2005,2005]上有802個解. 【特別提醒】 1.函數(shù)奇偶性定義是判斷函數(shù)奇偶性的主要依據(jù),為了便于判斷有時需要將函數(shù)進行 化簡. 2.要注意從數(shù)和形兩個角度理解函數(shù)的奇偶性,要充分利用f(x)與f(-x)之間的轉(zhuǎn)化關(guān)系和圖像的對稱性解決有關(guān)問題. 3.解題中要注意以下性質(zhì)的靈活運用. (1)f(x)為偶函數(shù)f(x)=f(-x)=f(|x|). (2)若奇函數(shù)f(x)的定義域包含0,則f(0)=0. 【變式探究】 1 f(x)是定義在R上的偶函數(shù),且g(x)是奇函數(shù),已知g(x)=f(x-1),若g(-1)=2006,則f(2006)的值為 (

23、) A.2005 B.-2005 C.-2006 D.2006 答案:D 解析:由題設(shè)條件易得f(x+4)=f(x), ∴f(2006)=f(2).又f(-2)=g(-1)=2006. ∴f(2006)=2006. 2 函數(shù)f(x)=lg(1+x2),g(x)==tan2x中________是偶函數(shù). 答案:解析:f(x)、g(x).運用奇偶性定義進行判斷。 3 設(shè)f(x)是定義在R上的奇函數(shù),且對任意實數(shù)x恒滿足f(x+2)=-f(x).當(dāng)x∈[0,2]時,f(x)=2x+x2. (1)求證:f(x)是周期函數(shù); 答案:解析:(1)f(x+2)=-f(-x

24、), ∵f(x+4)=-f(x+2)=f(x) ∴f(x)是周期為4的周期函數(shù)。 (2)當(dāng)x∈[2,4]時,求f(x)的解析式; 答案:當(dāng)x∈[-2,0]時,-x∈[0,2],由已知得f(-x)=2(-x)-(-x)2=-2x-x2. 又f(x)是奇函數(shù),∴f(-x)=-f(x)=-2x-x22. ∴f(x)=x2+2x. 又當(dāng)x ∈[2,4]時,x-4∈[-2,0], ∴f(x-4)=(x-4)2+2(x-4). 又f(x)是周期為4的周期函數(shù)。 ∴f(x)=f(x-4)=(x-4)2+2(x-4)=x2-6x+8. 因而求得 x∈[2,4] 時f(x)=x2-6x+8.

25、 計算:(0+)f(1)+f(2)+…+f(2004) 答案:f(0)=0f(2)=0f(1)=1f(3)=-1,又f(x)是周期為4的周期函數(shù)。 ∴f(0)+f(1)+f(2)+f(3)=f(4)+f(5)+f(6)+f(7)=…=f(2000)+f(2001)+f(2002)+f(2003)=0. 又f(2004)=f(0)=0, ∴f(0)+f(1)+f(2)+ …+f(2004)=0. 4 設(shè)a、b∈R,且a≠2定義在區(qū)間(-b,b)內(nèi)的函數(shù)f(x)=lg是奇函數(shù),求b的取值范圍. 答案:解析:f(x)=lg是奇函數(shù),等價于,對任意x∈(-b,b)都有:??????????

26、?① ② 式即為lg即a2x2=4x2.此式對任意x∈(-b,b)都成立相當(dāng)于a2=4, ∵a≠2, ∴a=-2.代入(2)得 即 易錯點4 反函數(shù)的概念和性質(zhì)的應(yīng)用 1.(2012模擬題精選)函數(shù)f(x)=x2-2ax-3在區(qū)間[1,2]上存在反函數(shù)的充分必要條件是 ( ) A.a(chǎn)∈(-∞,1) B.a(chǎn)∈[2,+∞] C.a(chǎn)∈[1,2] D.a(chǎn)∈(-∞,1)∪[2,+∞] ∴對稱軸x=a不應(yīng)在(1,2)內(nèi),∴a≤1或a≥2.故選C. 2.(典型例題Ⅰ)y=(1≤x≤2)的反函數(shù)是 ( ) A.y

27、=1+(-1≤x≤1) B.y=1+ (0≤x≤1) C.y=1- (-1≤x≤1) D.y=1- (0≤x≤1) 【錯誤答案】 C ∵y2=2x-x2.∴(x-1)2=1-y2.∴x-1=-,∴x=1-.x、y對換得y=1- 又1-x2≥0.∴-1≤x≤1.因而f(x)的反函數(shù)為y=1-(-1≤x≤1). 【錯誤答案】 C ∵y= (ax-a-x),∴a2x-2y·ax-1=0.a(chǎn)x==y+.∴x=loga(y+),x、y對換.∴f-1(x)=loga(x+)(x∈R)又∵f-1(x)>1,∴l(xiāng)oga(x+)>1x +>a. >a-x∴

28、 【錯解分析】 上面解答錯在最后解不等式>a-x,這一步,因為x+>a-x應(yīng)等價于或a≤x.錯解中只有前面—個不等式組.答案顯然錯了. 【正確解答】 A 解法1 ∵y=(ax-a-x)a2x-2y·ax-1=0, ax==y+∴x=loga(y+).∴f-1(x)=loga(x+)(x∈R).∵f-1(x)>1 ∴l(xiāng)oga(x+)>1x+>a>a-x<x<+∞. 解法2:利用原函數(shù)與反函數(shù)的定丈域、值域的關(guān)系.原題等價于x>1時,f(x)=(ax-a-x)的值域,∴f(x)=(ax-a-x)在R上單調(diào)遞增.∴f(x)>(a-)=.選A. 4.(2012模

29、擬題精選)設(shè)函數(shù)f(x)的圖像關(guān)于點(1,2)對稱,且存在反函數(shù)f-1(x),f(4)=0,f-1(4)=________. 【錯誤答案】 填0 ∵y=f(x)的圖像關(guān)于點(1,2)對稱,又∵f(4)=0,∴f(0)=4,∴f-1(4)=0 【錯解分析】 上面解答錯在由圖像過點(4,0)得到圖像過點(4,0)上,因為f(x)圖像【變式探究】 1 函數(shù)y=3x2-1(-1≤x<0)的反函數(shù)是 ( ) A.y=(x≥) B.y=- (x≥) C.y= (

30、-1=log3y ∵-1≤x<0, ∴x=- 2 (2012模擬題精選)定義在R上的函數(shù)y=f(x)為周期函數(shù),最小正周期為T,若函數(shù)【知識導(dǎo)學(xué)】 難點1 借助函數(shù)單調(diào)性求函數(shù)最值或證明不等式 1.已知定義域為[0,1)的函數(shù)f(x)同時滿足①對任意x∈[0,1],總有f(x)≥0;②f(1)=1;③若x1≥0,x2≥0,x1+x2≤1,則有f(x1+x2)≥f(x1)+f(x2). (1)求f(0)的值; (2)求函數(shù)f(x)的最大值. 【解析】 (1)令x1=x2=0可得答案(2),先證f(x)在[0,1]上是單調(diào)函數(shù),再求其最大值. 【答案】 (1)令x

31、1=x2=0,由條件①得f(0)≥0,由條件③得f(0)≤0.故f(0)=0. (2)任取0≤x1≤x2≤1,可知x2-x1∈(0,1),則f(x2)=f[(x2-x1)+x1]≥f(x2-x1)+f(x).又∵x1- x2∈(0,1),∴f(x2-x1)≥0.∴f(x)≥f(x1) ∴f(x)在[0,1]上是增函數(shù),于是當(dāng)0≤x≤1時,有f(x)≤f(1)=1.∴當(dāng)x=1時,[f(x)]max=1.即f(x)的最大值為1. 2.設(shè)f(x)是定義在(0,+∞)上的函數(shù),k是正常數(shù),且對任意的x∈(0,+∞),恒有f[f(x)]=kx成立. 若f(x)是(0,+∞)上的增函數(shù),且k=1

32、,求證:f(x)=x. (2)對于任意的x1、x2∈(0,+∞),當(dāng)x2>x1時,有f(x2)-f(x1)>x2-x1成立,如果k=2,證明:<<. 【解析】 (1)用反證法證明;(2)用反證法先證f(x)>x,再運用函數(shù)單調(diào)性進行放縮. 難點2 綜合運用函數(shù)奇偶性、周期性、單調(diào)性進行命題 1.設(shè)f(x)是定義在[-1,1]上的偶函數(shù).當(dāng)x∈[-1,0]時,f(x)=g(2-x),且當(dāng)x∈[2,3]時,g(x)=2a(x-2)-4(x-2)3, (1)求f(x)的表達式; (2)是否存在正實數(shù)a(a>6),使函數(shù)f(x)的圖像的最高點在直線y=12上,若存在,求出正實數(shù)a

33、的值;若不存在,請說明理由. 【解析】 (1)運用函數(shù)奇偶性和條件f(x)=g(2-x)可求得f(x)的解析式.(2)利用導(dǎo)數(shù)可求得f(x)的最大值.令最大值等于12可知是否存在正實數(shù)a. 【答案】 (1)當(dāng)x∈[-1,0]時,2-x∈[2,3] f(x)=g(2-x)=2a(-x)-4(-x)3=4x3-2ax 得f(x)=4x3-2ax(x∈[-1,0]) ∵y=f(x)在[-1,1]上是偶函數(shù) ∴當(dāng)x∈[0,1]時,f(x)=f(-x)=-4x3+2ax ∴f(x)= (2)命題條件等價于[f(x)]max=12,因為f(x)為偶函數(shù),所以只需考慮0≤

34、x≤1的情況. 求導(dǎo)f′(x)=-12x2+2a(0≤x≤1,a>6), 由f′(x)=0得x=或x=-(舍). ∵>1,當(dāng)0≤x≤1時 f′(x)>0,f(x)在[0,1]上單調(diào)遞增, ∴[f(x)]max=f(1)=12,∴a=8. 綜上,存在a=8使得f(x)的圖像的最高點在直線y=12上. 2.函數(shù)y=f(x)是偶函數(shù),且是周期為2的周期函數(shù),當(dāng)x∈[2,3]時,f(x)=x-1.在y=f(x) ∴△ABC的面積S=(2t-2)(a-t)=-t2+(a+1)t-a=-(t-)2+-a. ∴當(dāng)<≤2即2

35、當(dāng)>2,即a>3時,函數(shù)S在[1,2]上單調(diào)遞增,∴S有最大值S(2)=a-2. 難點3 反函數(shù)與函數(shù)性質(zhì)的綜合 1.在R上的遞減函數(shù)f(x)滿足:當(dāng)且僅當(dāng)x∈MR+函數(shù)值f(x)的集合為[0,2]且f()=1;又對M中的任意x1、x2都有f(x1·x2)=f(x1)+f(x2). (1)求證:∈M,而M; (2)證明:f(x)在M上的反函數(shù)f-1(x)滿足f-1(x1)·f-1(x2)=f-1(x1+x2). (3)解不等式f-1(x2+x)·f-1(x+2)≤(x∈[0,2]). 【解析】 由給定的函數(shù)性質(zhì),證明自變量x是屬于還是不屬于集合",最后利用反函數(shù)的概念、性質(zhì)證明

36、反函數(shù)的一個性質(zhì)和解反函數(shù)的不等式. 【答案】 (1)證明:∵∈M,又=×,f()=1.∴f()=f(×)=f()+f()=1+1=2∈[0,2], ∴∈M, 又∵f()=f(×)=f()+f()=1+2=3[0,2].∴M. 設(shè)f(x)的反函數(shù)為f-1(x),當(dāng)a=-1時,試比較f-1[g(x)]與-1的大小,并證明你的結(jié)論. 若a>1,n∈N*且n≥2,比較f(n)與nf(1)的大小,并證明你的結(jié)論. 【解析】 先根據(jù)函數(shù)f(x)·g(x)的奇偶性和f(x)+g(x)=ax可解出f(x)·g(x).再借助基本不等式和疊加法證明后兩小題. 【答案】 (1

37、)f(x)+g(x)=ax, 又f(-x)+g(-x)=a-x,而f(x)是奇函數(shù),g(x)是偶函數(shù),∴-f(x)+g(x)=ax, ∴f(x)=,g(x)=. ∴f(x)·g(x)= ·==f(2x) (2)∵0

38、-a-1)[an-1+an-3+…+a-(n-3)+a-(n-1)-n] 當(dāng)a>1時,a-a-1>0 an-1+a-(n-1)>2 an-3+a-n(n-3)>2 …… ∴an-1+an-3+…+a-(n-1)+a-(n-3)>0 ∴f(n)-nf(1)>0,即f(n) >nf(1) 【典型習(xí)題導(dǎo)練】 1 函數(shù)f(x)=x+,則其反函數(shù)的定義域是 ( ) A.(-∞,-1)∪[1,+∞) B.[1,+∞) C.[-1,0] D.[-1,0]∪(1,+∞) 答案:D 解析:反函數(shù)的定義域即為原函數(shù)的值域,x2-1≥0?x≥1或x≤-1,當(dāng)x≥

39、1時,函數(shù)f(x)是單調(diào)遞增函數(shù),此時值域為(1,+∞)當(dāng)x≤-1時,f(x)=x+為單調(diào)遞減函數(shù),此時值域為[-1,0],故值域為[-1,0]∪(1,+ ∞), 從而選D. 2 已知定義域為R的函數(shù)f(x)滿足f(-x)=-f(x+4).當(dāng)x>2時,f(x)單調(diào)遞增,如果x1+x2<4且(x1-2)(x2-2)<0,則f(x1)+f(x2)的值為 ( ) A.可能為0 B.恒大于0 C.恒小于0 D.可正可負 答案:C 解析:不妨設(shè)x1

40、稱,函數(shù)在(2,+∞)上單調(diào)遞增,∴f(x1)+f(x2)

41、 ( ) ①函數(shù){x}的定義域為R,值域為[0,1]; ②方程{x}=有無數(shù)解; ③函數(shù){x}是周期函數(shù); ④函數(shù){x}是增函數(shù). A.1個 B.2個 C.3個 D.4個 答案:C 6 已知定義在R上的偶函數(shù)y=f(x)的一個單調(diào)遞增區(qū)間是(3,5),則函數(shù)y=f(1-x) ( ) A.圖像的對稱軸為x=-1,且在(2,4)內(nèi)是增函數(shù) B.圖像的對稱軸為x=1,且在(2,4)內(nèi)是減函數(shù) C.圖像的對稱軸為x=0,且在(4,6)內(nèi)是增函數(shù) D.圖像的對稱軸為x=1,且在(4,6)內(nèi)是增函數(shù) 答案:解析:[-1,3]由x2-2x-8≥

42、0?x≤-2或x≥4.由1-|x-a|>0?|x-a|<1?a-10?|x-a|<1?a-1

43、f(x2)從而f(x)在區(qū)間(0,+∞)上單調(diào)遞增,則有f(x)存在反函數(shù)。 令f(x)=uf(y)=u,則f-1(u)=x,f-1(u)=y. ∴u+v=f[f-1(u)]+f-1[f-1(u)]=f[f-1(u)?f-1(u)] ∴f-1(u+v)=f-1(u) ?f1-(v), ∴f-1(x)=[f-1]2∴ 故 11 已知集合A=[2,log2t],集合B={x|x2-14x+24≤0},x1t∈R,且AB. (1)對于區(qū)間[a,b],定義此區(qū)間的“長度”為b-a. 若A的區(qū)間“長度”為3,試求t的值. (2)某個函數(shù)f(x)的值域是B,且f(x)∈A的概率不小于0.

44、6,試確定t的取值范圍. 12集合A是由適合以下性質(zhì)的函數(shù)f(x)組成的,對任的x≥0,f(x)∈[-2,4],有f(x)在[0,+∞]上是增函數(shù). (1)試判斷f1(x)=-2及f2(x)=4-6·()(x≥0)是否在集合A中?若不在集合A中,試說明理由; 答案:解析:(1)log2t-2=3?t=32; 對于(1)中你認為是集合A中的函數(shù)f(x)不等式f(x)+f(x+2)<2f(x+1)是否對于任意的x≥D總成立?證明你的結(jié)論. 答案:B=[2,12],由題意及概率的意義得即t∈[256,4096]. 12 集合A是由適合以下性質(zhì)的函數(shù)f(x)組成的,對任意的x≥0,f(x)

45、∈[-2,4],有f(x)在[0,+8]上地增函數(shù)。 試判斷f1(x)=-2及f2(x)=4-6·()x(x≥0)是否在集合A中?若不在集合A中,試說明理由; 答案:解析:(1)函數(shù)f1(x)=不在集合A中,這是因為當(dāng)x=49>0,f1(49)=5>4,不滿足條件f2(x)=4-6在集合A中。 (2)若不等式f(x)>0對于x∈(0,+∞)恒成立,求實數(shù)a的取值范圍; 答案:f(x)>0即a>-恒成立,∴a> 由(1)的結(jié)論知當(dāng) (3)若f(x)(x≥1)的反函數(shù)f-1(x),試求f-1(a+). 答案:根據(jù)反函數(shù)的意義,令 14 已知函數(shù)f(x)=x3+ax+b定義在區(qū)間[-1,1]上,且f(0)=f(1),又P(x1,y1),q(x2,y2)是其圖像上任意兩點(x1≠x2). (1)求證:f(x)的圖像關(guān)于點(0,b)成中心對稱圖形; 答案:∵f(0)=f(1), ∴b=1+a+b,得a=-1. ∴f(x)=x3-x+b的圖象可由y=x3-x的圖象向上(或 25 用心 愛心 專心

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