【三維設(shè)計】2014屆高三物理一輪 課時跟蹤檢測21 功能關(guān)系 能量守恒定律(一)
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【三維設(shè)計】2014屆高三物理一輪 課時跟蹤檢測21 功能關(guān)系 能量守恒定律(一)
課時跟蹤檢測(二十一) 功能關(guān)系 能量守恒定律(一)
高考??碱}型:選擇題+計算題
1.如圖1所示,在盛水的一個杯子里有一木塊。開始時木塊被一根細(xì)繩拴住而完全沒入水中,整個裝置與外界絕熱,斷開細(xì)繩,則木塊將浮到水面上,最后達(dá)到平衡,在這一過程中,水、杯子和木塊組成的系統(tǒng)( )
A.內(nèi)能增大 B.內(nèi)能減小 圖1
C.內(nèi)能不變 D.條件不足,無法判斷
2.一根長為L、質(zhì)量為m的均勻鏈條放在光滑的水平桌面上,其長度的一半懸于桌邊,若要將懸著的部分拉回桌面,至少做功( )
A.mgL B.mgL
C.mgL D.mgL
3.(2012·上海高考)質(zhì)量相等的均質(zhì)柔軟細(xì)繩A、B平放于水平地面,繩A較長。分別捏住兩繩中點緩慢提起,直至全部離開地面,兩繩中點被提升的高度分別為hA、hB,上述過程中克服重力做功分別為WA、WB。若( )
A.hA=hB,則一定有WA=WB
B.hA>hB,則可能有WA<WB
C.hA<hB,則可能有WA=WB
D.hA>hB,則一定有WA>WB
4.如圖2所示,輕質(zhì)彈簧的一端與固定的豎直板P拴接,另一端與物體A相連,物體A靜止于光滑水平桌面上,A右端連接一細(xì)線,細(xì)線繞過光滑的定滑輪與物體B相連。開始時用手托住B,讓細(xì)線恰好伸直,然后由靜止釋放B,直至B獲得最大速度。下列有關(guān)該過程的分析正確的是( ) 圖2
A.B物體的機(jī)械能一直減少
B.B物體動能的增量等于它所受重力與拉力做功之和
C.B物體機(jī)械能的減少量等于彈簧彈性勢能的增加量
D.細(xì)線的拉力對A做的功等于A物體與彈簧組成的系統(tǒng)機(jī)械能的增加量
5. (2012·廣州模擬)如圖3所示,一個質(zhì)量為m的鐵塊沿半徑為R的固定半圓軌道上邊緣由靜止滑下,到半圓底部時,軌道所受壓力為鐵塊重力的1.5倍,則此過程中鐵塊損失的機(jī)械能為( )
A.mgR B.mgR 圖3
C.mgR D.mgR
6.如圖4所示,BC是豎直面內(nèi)的四分之一圓弧形光滑軌道,下端C與水平直軌道相切。一個小物塊從B點正上方R處的A點處由靜止釋放,從B點剛好進(jìn)入圓弧形光滑軌道下滑,已知圓弧形軌道半徑為R=0.2 m,小物塊的質(zhì)量為m=0.1 kg,小物塊與水平面間的動摩擦因數(shù)μ=0.5,取g=10 m/s2。小物塊在水平面上滑動的最大距離是( )
圖4
A.0.1 m B.0.2 m
C.0.6 m D.0.8 m
7.如圖5所示是某中學(xué)科技小組制作的利用太陽能驅(qū)動小車的裝置。當(dāng)太陽光照射到小車上方的光電板時,光電板中產(chǎn)生的電流經(jīng)電動機(jī)帶動小車前進(jìn)。若小車在平直的公路上以初速度v0開始加速行駛,經(jīng)過時間t,前進(jìn)了距離l,達(dá)到最大速度vmax,設(shè)此過程中電動機(jī)功率恒為額定功率P,受的阻力恒為Ff,則此過程中電動機(jī)所做的功為( ) 圖5
A.Ffvmaxt B.Pt
C.Fft D.mvmax2+Ffl-mv02
8.如圖6所示,某段滑雪雪道傾角為30°,總質(zhì)量為m(包括雪具在內(nèi))的滑雪運動員從距底端高為h處的雪道上由靜止開始勻加速下滑,加速度為g。在他從上向下滑到底端的過程中,下列說法正確的是( )
A.運動員減少的重力勢能全部轉(zhuǎn)化為動能 圖6
B.運動員獲得的動能為mgh
C.運動員克服摩擦力做功為mgh
D.下滑過程中系統(tǒng)減少的機(jī)械能為mgh
9.如圖7所示,質(zhì)量為m的可看成質(zhì)點的物塊置于粗糙水平面上的M點,水平面的右端與固定的斜面平滑連接,物塊與水平面及斜面之間的動摩擦因數(shù)處處相同。物塊與彈簧未連接,開始時物塊擠壓彈簧使彈簧處于壓 圖7
縮狀態(tài)?,F(xiàn)從M點由靜止釋放物塊,物塊運動到N點時恰好靜止,彈簧原長小于MM′。若物塊從M點運動到N點的過程中,物塊與接觸面之間由于摩擦所產(chǎn)生的熱量為Q,物塊、彈簧與地球組成系統(tǒng)的機(jī)械能為E,物塊通過的路程為s。不計轉(zhuǎn)折處的能量損失,下列圖象所描述的關(guān)系中可能正確的是( )
圖8
10.(2012·衡水期末)足夠長的粗糙斜面上,用力推著一物體沿斜面向上運動,t=0時撤去推力,0~6 s內(nèi)速度隨時間的變化情況如圖9所示,由圖象可知( )
圖9
A.0~1 s內(nèi)重力的平均功率大小與1~6 s內(nèi)重力平均功率大小之比為5∶1
B.0~1 s內(nèi)摩擦力的平均功率大小與1~6 s內(nèi)摩擦力平均功率大小之比為1∶1
C.0~1 s內(nèi)位移大小與1~6 s內(nèi)位移大小之比為1∶5
D.0~1 s內(nèi)機(jī)械能變化量大小與1~6 s內(nèi)機(jī)械能變化量大小之比為1∶5
11.如圖10所示,質(zhì)量m=1 kg的小物塊放在一質(zhì)量為M=4 kg的足夠長的木板右端,物塊與木板間的動摩擦因數(shù)μ=0.2,木板與水平面間的摩擦不計。物塊用勁度系數(shù)k=25 N/m的彈簧拴住,彈簧的左 圖10
端固定(與木板不粘連)。開始時整個裝置靜止,彈簧處于原長狀態(tài)?,F(xiàn)對木板施以12 N的水平向右的恒力(物塊與木板間最大靜摩擦力可認(rèn)為等于滑動摩擦力,g=10 m/s2)。已知彈簧的彈性勢能Ep=kx2,式中x為彈簧的伸長量或壓縮量。求:
(1)開始施力的瞬間小物塊的加速度;
(2)物塊達(dá)到的最大速度是多少?
12.如圖11所示,傳送帶與水平面之間的夾角為θ=30°,其上A、B兩點間的距離為l=5 m,傳送帶在電動機(jī)的帶動下以v=1 m/s的速度勻速運動,現(xiàn)將一質(zhì)量為m=10 kg的小物體(可視為質(zhì)點)輕放在傳送帶的A點,已知小物體與傳送帶之間的動摩擦因數(shù)μ=,在傳送帶將小物體從A點傳送到B點的過程中,求:(g取10 m/s2) 圖11
(1)傳送帶對小物體做的功;
(2)電動機(jī)做的功。
答 案
課時跟蹤檢測(二十一) 功能關(guān)系 能量守恒定律(一)
1.選A 木塊上升時,同體積的水下移,水、杯子和木塊組成的系統(tǒng)總重力勢能減小,轉(zhuǎn)化為系統(tǒng)的內(nèi)能,故A正確。
2.選A 懸于桌邊的鏈條質(zhì)量為。將其拉上桌面,重心升高,故至少做功為mgL。選項A正確。
3.選B 當(dāng)hA=hB時,則一定有WA<WB,故選項A錯;當(dāng)hA>hB時,有WA<WB、WA>WB、WA=WB三種可能,故選項B正確,D錯誤;當(dāng)hA<hB時一定有WA<WB,選項C錯誤。
4.選ABD 由于細(xì)線的拉力對B做負(fù)功,故B物體機(jī)械能一直減少,A正確;根據(jù)動能定理可確定B正確;由于該過程中A的動能增加,故B物體機(jī)械能的減少量等于彈簧彈性勢能與物體A動能增加量的和,故C錯誤;細(xì)線的拉力對A和彈簧組成的系統(tǒng)做正功,根據(jù)功能關(guān)系,D正確。
5.選D 由FN-mg=m,F(xiàn)N=1.5 mg可得:v2=。由功能關(guān)系可知,鐵塊損失的機(jī)械能ΔE=mgR-mv2=mgR,故D正確。
6.選D 設(shè)小物塊在水平面上滑動的最大距離為x,由動能定理得:mg·2R-μmgx=0,x==0.8 m,選項D正確。
7.選ABD 因小車以恒定的功率運動,故此過程小車電動機(jī)做功為W=Pt=Ffvmaxt,A、B均正確;由動能定理可得W-Ffl=mvmax2-mv02,得:W=mvmax2-mv02+Ffl。故D正確,C錯誤。
8.選D 運動員的加速度為g,沿斜面:mg-Ff=m·g,F(xiàn)f=mg,WFf=mg·2h=mgh,所以A、C項錯誤,D項正確;Ek=mgh-mgh=mgh,B項錯誤。
9.選C 因摩擦力始終做負(fù)功,故系統(tǒng)產(chǎn)生的熱量Q隨s增大,而系統(tǒng)的機(jī)械能隨s而減小,B、D均錯誤;當(dāng)因s>xMM′,故Q=μmgxMM′+μmg cos θ(s-xMM′),E=E0-μmgxMM′-μmg cos θ(s-xMM′),對應(yīng)圖線可知,A錯誤,C正確。
10.選BCD 0~1 s內(nèi)物體沿斜面向上位移為5 m,平均速度為5 m/s;1~6 s內(nèi)物體沿斜面向下位移為25 m,平均速度為5 m/s;0~1 s內(nèi)位移大小與1~6 s內(nèi)位移大小之比為1∶5,0~1 s內(nèi)重力的平均功率大小與1~6 s內(nèi)重力平均功率大小之比為1∶1,選項A錯誤,C正確;0~1 s內(nèi)摩擦力大小與1~6 s內(nèi)摩擦力大小相等,0~1 s內(nèi)摩擦力的平均功率大小與1~6 s內(nèi)摩擦力平均功率大小之比為1∶1,選項B正確;0~1 s內(nèi)機(jī)械能變化量大小與1~6 s內(nèi)機(jī)械能變化量大小之比為1∶5,選項D正確。
11.解析:(1)假設(shè)m、M相對靜止,由牛頓第二定律
a==2.4 m/s2。
此時m受的合外力
F合=ma=2.4 N>Ff=μmg=2 N。
所以m、M相對滑動a==μg=2 m/s2。
(2)速度最大時,物塊所受合力為零,此時彈簧伸長x,則kx=μmg,
所以x=0.08 m,由功能關(guān)系
μmgx=kx2+mvm2。
所以vm=0.4 m/s。
答案:(1)2 m/s2 (2)0.4 m/s
12.解析:(1)小物體輕放在傳送帶上時,受力分析如圖所示,根據(jù)牛頓第二定律得
沿斜面方向:μmgcos θ-mgsin θ=ma
可知,小物體上升的加速度為a=2.5 m/s2
當(dāng)小物體的速度為v=1 m/s時,位移x==0.2 m
然后小物體將以v=1 m/s的速度完成4.8 m的路程,由功能關(guān)系得:W=ΔEp+ΔEk=mglsin θ+mv2=255 J
(2)電動機(jī)做功使小物體機(jī)械能增加,同時小物體與傳送帶間因摩擦產(chǎn)生熱量Q,由v=at得t==0.4 s
相對位移x′=vt-at2=0.2 m
摩擦熱Q=μmgx′cos θ=15 J
故電動機(jī)做的功為W電=W+Q=270 J。
答案:(1)255 J (2)270 J
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