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(江蘇專用)2020高考數(shù)學(xué)二輪復(fù)習(xí) 綜合仿真練(六)

  • 資源ID:20287234       資源大?。?span id="mzebxcnn0" class="font-tahoma">158KB        全文頁(yè)數(shù):8頁(yè)
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(江蘇專用)2020高考數(shù)學(xué)二輪復(fù)習(xí) 綜合仿真練(六)

綜合仿真練(六) 1.如圖,在四棱錐EABCD中,平面EAB⊥平面ABCD,四邊形ABCD為矩形,EA⊥EB,點(diǎn)M,N分別是AE,CD的中點(diǎn). 求證:(1)MN∥平面EBC; (2)EA⊥平面EBC. 證明:(1)取BE中點(diǎn)F,連結(jié)CF,MF, 又M是AE的中點(diǎn), 所以MF綊AB. 又N是矩形ABCD邊CD的中點(diǎn), 所以NC綊AB,所以MF綊NC, 所以四邊形MNCF是平行四邊形,所以MN∥CF. 又MN?平面EBC,CF?平面EBC, 所以MN∥平面EBC. (2)在矩形ABCD中,BC⊥AB, 又平面EAB⊥平面ABCD,平面ABCD∩平面EAB=AB,BC?平面ABCD, 所以BC⊥平面EAB. 又EA?平面EAB,所以BC⊥EA. 又EA⊥EB,BC∩EB=B,EB?平面EBC,BC?平面EBC,所以EA⊥平面EBC. 2.如圖,在平面直角坐標(biāo)系xOy中,銳角α,β的頂點(diǎn)為坐標(biāo)原點(diǎn)O,始邊為x軸的正半軸,終邊與單位圓O的交點(diǎn)分別為P,Q.已知點(diǎn)P的橫坐標(biāo)為,點(diǎn)Q的縱坐標(biāo)為. (1)求cos 2α的值; (2)求2α-β的值. 解:(1)因?yàn)辄c(diǎn)P的橫坐標(biāo)為,點(diǎn)P在單位圓上,α為銳角, 所以cos α=, 所以cos 2α=2cos2α-1=. (2)因?yàn)辄c(diǎn)Q的縱坐標(biāo)為,點(diǎn)Q在單位圓上, 所以sin β=. 又β為銳角,所以cos β=. 因?yàn)閏os α=,且α為銳角, 所以sin α=, 因此sin 2α=2sin αcos α=, 所以sin(2α-β)=-=. 因?yàn)棣翞殇J角,所以0<2α<π. 又cos 2α>0,所以0<2α<, 又β為銳角,所以-<2α-β<,所以2α-β=. 3.某山區(qū)外圍有兩條相互垂直的直線型公路,為進(jìn)一步改善山區(qū)的交通現(xiàn)狀,計(jì)劃修建一條連接兩條公路和山區(qū)邊界的直線型公路.記兩條相互垂直的公路為l1,l2,山區(qū)邊界曲線為C,計(jì)劃修建的公路為l.如圖所示,M,N為C的兩個(gè)端點(diǎn),測(cè)得點(diǎn)M到l1,l2的距離分別為5千米和40千米,點(diǎn)N到l1,l2的距離分別為20千米和2.5千米.以l2,l1所在的直線分別為x,y軸,建立平面直角坐標(biāo)系xOy.假設(shè)曲線C符合函數(shù)y=(其中a,b為常數(shù))模型. (1)求a,b的值. (2)設(shè)公路l與曲線C相切于P點(diǎn),P的橫坐標(biāo)為t. ①請(qǐng)寫出公路l長(zhǎng)度的函數(shù)解析式f(t),并寫出其定義域. ②當(dāng)t為何值時(shí),公路l的長(zhǎng)度最短?求出最短長(zhǎng)度. 解:(1)由題意知,點(diǎn)M,N的坐標(biāo)分別為(5,40),(20,2.5). 將其分別代入y=,得 解得 (2)①由(1)知,y=(5≤x≤20), 則點(diǎn)P的坐標(biāo)為. 設(shè)在點(diǎn)P處的切線l交x,y軸分別于A,B兩點(diǎn),y′=-, 則l的方程為y-=-(x-t), 由此得A,B. 故f(t)= = ,t∈[5,20]. ②設(shè)g(t)=t2+,則g′(t)=2t-. 令g′(t)=0,解得t=10. 當(dāng)t∈(5,10)時(shí),g′(t)<0,g(t)是減函數(shù); 當(dāng)t∈(10,20)時(shí),g′(t)>0,g(t)是增函數(shù). 從而,當(dāng)t=10時(shí),函數(shù)g(t)有極小值,也是最小值, 所以g(t)min=300,此時(shí)f(t)min=15. 答:當(dāng)t=10時(shí),公路l的長(zhǎng)度最短,最短長(zhǎng)度為15千米. 4.如圖,已知橢圓E:+=1(a>b>0)的左頂點(diǎn)A(-2,0),且點(diǎn)在橢圓上,F(xiàn)1,F(xiàn)2分別是橢圓的左、右焦點(diǎn).過(guò)點(diǎn)A作斜率為k(k>0)的直線交橢圓E于另一點(diǎn)B,直線BF2交橢圓E于點(diǎn)C. (1)求橢圓E的標(biāo)準(zhǔn)方程; (2)若△CF1F2為等腰三角形,求點(diǎn)B的坐標(biāo); (3)若F1C⊥AB,求k的值. 解:(1)由題意得解得 ∴橢圓E的標(biāo)準(zhǔn)方程為+=1. (2)∵△CF1F2為等腰三角形,且k>0, ∴點(diǎn)C在x軸下方, 若F1C=F2C,則C(0,-); 若F1F2=CF2,則CF2=2,∴C(0,-); 若F1C=F1F2,則CF1=2,∴C(0,-), ∴C(0,-). ∴直線BC的方程y=(x-1), 由得或 ∴B. (3)設(shè)直線AB的方程為y=k(x+2), 由消去y,得(3+4k2)x2+16k2x+16k2-12=0, ∴xAxB=-2xB=, ∴xB=, ∴yB=k(xB+2)=, ∴B. 若k=,則B,∴C, ∵F1(-1,0),∴kCF1=-, ∴F1C與AB不垂直;∴k≠, ∵F2(1,0),kBF2=,kCF1=-, ∴直線BF2的方程為y=(x-1), 直線CF1的方程為y=-(x+1), 由解得 ∴C(8k2-1,-8k). 由點(diǎn)C在橢圓上,得+=1, 即(24k2-1)(8k2+9)=0,即k2=, ∵k>0,∴k=. 5.?dāng)?shù)列{an}的前n項(xiàng)和為Sn,且滿足Sn=4-an. (1)求證:數(shù)列{an}為等比數(shù)列,并求通項(xiàng)公式an; (2)是否存在自然數(shù)c和k,使得>1成立?若存在,請(qǐng)求出c和k的值; 若不存在,請(qǐng)說(shuō)明理由. 解:(1)當(dāng)n=1時(shí),S1+a1=4,得a1=2, 由Sn=4-an,① 得Sn+1=4-an+1,② ②-①得,Sn+1-Sn=an-an+1,即an+1=an, 所以=,且a1=2, 所以數(shù)列{an}是首項(xiàng)為2,公比為的等比數(shù)列,且an=. (2)法一:因?yàn)閍n=, 所以ak+1=,Sk=4, 要使=>1成立,只要使<0(*)成立, 當(dāng)c≥4時(shí),不等式(*)不成立; (也可以根據(jù)Sk=4>c,且2≤Sk<4,所以c的可能取值為0,1,2,3) 當(dāng)c=0時(shí),1<2k<,不存在自然數(shù)k使(*)成立; 當(dāng)c=1時(shí),<2k<2,不存在自然數(shù)k使(*)成立; 當(dāng)c=2時(shí),2<2k<3,不存在自然數(shù)k使(*)成立; 當(dāng)c=3時(shí),4<2k<6,不存在自然數(shù)k使(*)成立. 綜上所述,不存在自然數(shù)c,k,使>1成立. 法二:要使>1,只要>2, 即只要<0, 因?yàn)镾k=4<4, 所以Sk-=2-Sk>0, 故只要Sk-2<c<Sk.① 因?yàn)镾k+1>Sk, 所以Sk-2≥S1-2=1. 又Sk<4,故要使①成立,c只能取2或3. 當(dāng)c=2時(shí),因?yàn)镾1=2,所以當(dāng)k=1時(shí),c<Sk不成立,從而①不成立. 當(dāng)k≥2時(shí),因?yàn)镾2-2=>c, 由Sk<Sk+1,得Sk-2<Sk+1-2, 故當(dāng)k≥2時(shí),Sk-2>c,從而①不成立. 當(dāng)c=3時(shí),因?yàn)镾1=2,S2=3, 所以當(dāng)k=1,k=2時(shí),c<Sk不成立,從而①不成立. 因?yàn)镾3-2=>c,又Sk-2<Sk+1-2, 所以當(dāng)k≥3時(shí),Sk-2>c,從而①不成立. 綜上所述,不存在自然數(shù)c,k,使>1成立. 6.(2019南通中學(xué)模擬)已知函數(shù)f(x)=ax++6,其中a為實(shí)常數(shù). (1)若f(x)>3x在(1,+∞)上恒成立,求a的取值范圍; (2)已知a=,P1,P2是函數(shù)f(x)圖象上兩點(diǎn),若在點(diǎn)P1,P2處的兩條切線相互平行,求這兩條切線間距離的最大值; (3)設(shè)定義在區(qū)間D上的函數(shù)y=s(x)在點(diǎn)P(x0,y0)處的切線方程為l:y=t(x),當(dāng)x≠x0時(shí),若>0在D上恒成立,則稱點(diǎn)P為函數(shù)y=s(x)的“好點(diǎn)”.試問(wèn)函數(shù)g(x)=x2f(x)是否存在“好點(diǎn)”.若存在,請(qǐng)求出所有“好點(diǎn)”坐標(biāo),若不存在,請(qǐng)說(shuō)明理由. 解:(1)法一:f(x)>3x在(1,+∞)上恒成立,即為(a-3)x2+6x+2>0在(1,+∞)上恒成立, ①a=3時(shí),結(jié)論成立;②a>3時(shí),函數(shù)h(x)=(a-3)x2+6x+2圖象的對(duì)稱軸為x=-<0,所以函數(shù)h(x)=(a-3)x2+6x+2在(1,+∞)單調(diào)遞增,依題意h(1)>0,即a>-5,所以a>3;③a<3不合要求,綜上可得,實(shí)數(shù)a的取值范圍是a≥3. 法二:f(x)>3x在(1,+∞)上恒成立等價(jià)于a>--+3, 令h(x)=--+3=-22+ 因?yàn)閤>1,所以0<<1,故-5<h(x)<3,所以a≥3. (2)f′(x)=-,設(shè)P1(x1,y1),P2(x2,y2),過(guò)點(diǎn)P1,P2的兩切線互相平行,則-=-,所以x1=x2(舍去),或x1=-x2,過(guò)點(diǎn)P1的切線l1:y-y1=f′(x1)(x-x1),即f′(x1)x-y+f(x1)-x1f′(x1)=0, 過(guò)點(diǎn)P2的切線l2:f′(x2)x-y+f(x2)-x2f′(x2)=0 兩平行線間的距離是 d= = ==, 因?yàn)閤+≥2=5, 所以d≤=4,即兩平行切線間的最大距離是4. (3)g(x)=x2f(x)=ax3+6x2+2x,設(shè)g(x)存在“好點(diǎn)”P(x0,y0), 由g′(x)=3ax2+12x+2,得h(x)=g′(x0)(x-x0)+g(x0), 依題意>0對(duì)任意x≠x0恒成立,因?yàn)? = = =[a(x2+x0x+x)+6(x+x0)+2]-(3ax+12x0+2) =ax2+(ax0+6)x-(2ax+6x0), 所以ax2+(ax0+6)x-(2ax+6x0)>0對(duì)任意x≠x0恒成立, ①若a≤0,ax2+(ax0+6)x-(2ax+6x0)>0不可能對(duì)任意x≠x0恒成立, 即a≤0時(shí),不存在“好點(diǎn)”; ②若a>0,因?yàn)楫?dāng)x=x0時(shí),ax2+(ax0+6)x-(2ax+6x0)=0, 要使ax2+(ax0+6)x-(2ax+6x0)>0對(duì)任意x≠x0恒成立, 必須Δ=(ax0+6)2+4a(2ax+6x0)≤0,(ax0+2)2≤0,所以x0=-, 綜上可得,當(dāng)a≤0時(shí),不存在“好點(diǎn)”;當(dāng)a>0時(shí),存在惟一“好點(diǎn)”為. 8

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