【備戰(zhàn)2014】高中數(shù)學(xué)第43講立體幾何中的向量方法(一)平行與垂直的證明配套試題(含解析)理新人教B版
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【備戰(zhàn)2014】高中數(shù)學(xué)第43講立體幾何中的向量方法(一)平行與垂直的證明配套試題(含解析)理新人教B版
[ 第 43 講 立體幾何中的向量方法 ( 一) ——平行與垂直的證
明 ]
( 時(shí)間: 45 分鐘 分值: 100 分 )
基礎(chǔ)熱身
1.[2013 ??诙?] 平面 α 經(jīng)過(guò)三點(diǎn) A( -1, 0, 1) ,B(1 , 1, 2) , C(2 ,- 1, 0) ,
則下列向量中與平面 α 的法向量不垂直的是 ( )
1
A. a= 2,- 1,- 1 B .a(chǎn)= (6 ,- 2,- 2)
C. a= (4 , 2, 2) D . a=( - 1, 1,4)
2.[2013 烏魯木齊二模 ] 若直線(xiàn) l 的方向向量為 a,平面 α 的法向量為 n,能使 l ∥ α
的可能是 ( )
A. a= (1 , 0, 0) , n= ( -2, 0, 0)
B. a= (1 , 3, 5) , n= ( 1,0, 1)
C. a= (0 , 2, 1) , n= ( -1, 0,- 1)
D. a= (1 ,- 1,3) , n= (0 , 3, 1)
3.[2013 哈爾濱三模 ] 若平面 π 1,π 2 互相垂直,則下面可以是這兩個(gè)平面的法向量
的是 ( )
A. n1= (1 , 2, 1) , n2= ( - 3,1, 1)
B. n1= (1 , 1, 2) , n1= ( - 2,1, 1)
C. n1= (1 , 1, 1) , n2= ( - 1,2, 1)
D. n1= (1 , 2, 1) , n1= (0 ,- 2,- 2)
4. a,b 是兩個(gè)非零向量, α , β 是兩個(gè)平面,下列命題正確的是 ( )
A. a∥b 的必要條件是 a,b 是共面向量
B. a,b 是共面向量,則 a∥ b
C. a∥α , b∥ β,則 α∥ β
D. a∥α , b α ,則 a, b 不是共面向量
能力提升
5.[2013 鄭州三模 ]
→ →
→ →
已知點(diǎn) A,B,C∈平面 α ,點(diǎn) P?平面 α ,則APAB= 0
且 APAC
→ →
)
=0 是 APBC= 0 的 (
A.充分不必要條件
B .必要不充分條件
C.充要條件 D .既不充分也不必要條件
6.[2013 合肥三模 ]
如圖 K43- 1,將邊長(zhǎng)為 1 的正方形 ABCD沿對(duì)角線(xiàn) BD折成直二
→
1→
1→ → →
2
面角,若點(diǎn) P 滿(mǎn)足 BP= 2BA- 2BC′+ BD,則 | BP|
的值為 ()
1
圖 K43- 1
3
A. 2
B. 2
10- 2
C.
4
9
D. 4
7.[2013 南寧三模 ] 二面角的棱上有 A,B 兩點(diǎn),直線(xiàn) AC,BD分別在這個(gè)二面角的兩個(gè)半平面內(nèi),且都垂直于 AB. 已知 AB= 4, AC= 6,BD=8,CD= 2 17,則該二面角的大小為
( )
A. 150 B . 45
C.
60 D . 120
8.已知二面角 α - l - β 的大小為
120,點(diǎn) B,C在棱 l 上, A∈ α ,D∈ β,AB⊥ l ,
⊥
,
= 2,
=1,
=3,則
的長(zhǎng)為 ()
CD
l
AB
BC
CD
AD
A.
14 B.
13
C.
2 2 D . 2 5
9.已知空間三點(diǎn)
A(0 , 2, 3) , B( - 2, 1, 6) , C(1 ,- 1, 5) .若 | a| = 3,且 a 分別
與 →
,
→ 垂直,則向量
a
的坐標(biāo)為 (
)
AB
AC
A. (1 , 1, 1)
B. ( -1,- 1,- 1)
C. (1 , 1, 1) 或( - 1,- 1,- 1)
D. (1 ,- 1, 1) 或 ( - 1,1,- 1)
10.[2013 銀川三模 ]
在四棱錐 P-ABCD中,底面 ABCD為直角梯形, AB∥ CD,BA⊥ AD,
PA⊥平面 ABCD, AB= AP= AD=3, CD=6.
則直線(xiàn) PD與 BC所成的角的大小為 ________.
11.[2013 長(zhǎng)春模擬 ]
在直角坐 標(biāo)系 xOy中,設(shè) A( - 2, 3) ,B(3 ,- 2) ,沿 x 軸把直
角坐標(biāo)平面折成大小為
θ 的二面角后,這時(shí) | AB| = 2 11,則 θ 的大小為 ________.
圖 K43- 2
12.[2013 南京三模 ] 如圖 K43- 2,四棱錐 S- ABCD的底面是正方形, SD⊥平面 ABCD,SD= 2, AD= 2, 則二面角 C- AS-D的余弦值為 ________.
13.如圖 K43- 3,正方體 ABCD- A1B1C1D1 的棱長(zhǎng)為 1,E, F 分別是棱 BC, DD1上的點(diǎn),如果 B1E⊥平面 ABF,則 CE與 DF的和的值為 ________.
2
圖 K43- 3
14. (10 分)[2013 太原三模 ] 已知 E, F, G, H分別是空間四邊形 ABCD的邊 AB, BC,
CD, DA的中點(diǎn),用向量方法證明:
(1) E,F(xiàn), G, H四點(diǎn)共面;
(2) BD∥平面 EFGH.
15. (13 分 ) 如圖 K43- 4,在四棱錐 P- ABCD中,已知 PA⊥平面 ABCD, PB與平面 ABC
1
成 60的角,底面 ABCD是直角梯形,∠ ABC=∠ BAD= 90, AB= BC= 2AD.
(1) 求證:平面 PCD⊥平面 PAC;
1
(2) 設(shè) E 是棱 PD上一點(diǎn),且 PE= 3PD,求異面直線(xiàn) AE與 PB所成的角的余弦值.
圖 K43- 4
3
難點(diǎn)突破
16. (12 分 ) 如圖 K43- 5,平面 PAC⊥平面 ABC,△ ABC是以 AC為斜邊的等腰直角三角
形, E, F,O分別為 PA, PB,AC的中點(diǎn), AC= 16, PA= PC= 10.
(1) 設(shè) G是 OC的中點(diǎn),證明 FG∥平面 BOE;
(2) 證明在△ ABO內(nèi)存在一點(diǎn) M,使 FM⊥平面 BOE.
4
課時(shí)作業(yè) ( 四十三 )
【基礎(chǔ)熱身】
1.D [ 解析 ]
→
→
→
→
→ →
設(shè)平面 α 的法向量為 n,則 n⊥ AB,n⊥ AC,n⊥ BC,所有與 AB( 或AC,BC)
平行的向量或可用
→
→
AB與 AC線(xiàn)性表示的向量都與 n 垂直,故選 D.
2. D
[ 解析 ]
欲使
l
∥ α,應(yīng)有
n
⊥
,∴
n
= 0,故選 D.
a
a
3. A
[ 解析 ]
兩個(gè)平面垂直時(shí)其法向量也垂直,只有選項(xiàng)
A 中的兩個(gè)向量垂直.
4. A
[ 解析 ]
選項(xiàng) B 中, ,
b
共面不一定平行;選項(xiàng)
C 中更不可能;選項(xiàng)
D,空間任
a
意兩個(gè)向量都共面,故
a, b 共面.
【能力提升】
→
→
5. A
[ 解析 ]
由
APAB= 0,
→
→ →
→ →
→ →
→
→
得 AP
( AB- AC) = 0,即 AP CB=
0,亦即 APBC= 0,
AP AC= 0
→
→
→
→
→
→
→ → →
反之,若 AP BC=0,則 AP( AC- AB)
=0, APAB= AP AC,未必等于 0.
6. D
[ 解析 ]
由題意,翻折后
AC′= AB=BC′,∴∠ ABC′= 60,
∴
→
2
=
1→
1→
→
2
| |
BA-
BC′+ BD
BP
2
2
1 →
2
1
→
2
→
2
1→ →→→ → →
1 1
1
= 4| BA|
+ 4| BC′
|
+
| BD|
- 2BA BC′- BC′ BD+ BA BD= 4+ 4+ 2- 2 1 1
cos60 - 1
2cos45 + 1
9
2 cos45 = .
4
7. C
[ 解析 ]
由條件知, → →
= 0, →
→ = 0, →
= →+ → + →.
CA AB
AB
BD
CD CA AB
BD
∴
→
2
=|
→ 2
→
2
→
2
→→ → → → → 2
2
2
| CD|
CA| + |
AB|
+| BD|
+ 2CA AB+
2ABBD+ 2CABD=6
+4 + 8 +268cos
→
→
〈CA, BD〉
→
→
2
→
→
1
= 116+ 96cos 〈CA, BD〉= (2
17) ,∴ cos
〈 CA, BD〉=-
2,
→
→
60 .
∴〈 CA, BD〉= 120,所以二面角的大小為
8. D
[ 解析 ]
由 條件知 | →| = 2,| →
| = 1, | →
| = 3, → ⊥
→ ,
→ ⊥→
,〈
→ ,→ 〉=
AB
BC
CD
AB
BC BC CD
AB CD
→
→
→
→
60, AD=AB+ BC+ CD,
∴
→
2
=|
→ 2
→
2
→
2
→ →→ →→ →
| AD|
AB|
+ |
BC|
+| CD|
+ 2AB BC+ 2BC CD+ 2AB CD
= 4+ 1+ 9+223 cos60 =
→
5.
20,∴|AD| = 2
9.C [ 解析 ]
→
→
→
設(shè) a= ( x,y,z) ,由條件知 AB= ( - 2,- 1,3) ,AC=(1 ,- 3,2) ,∵a⊥ AB,
→
a⊥AC, | a| = 3,
- 2x- y+ 3z= 0,
∴ x-3y+ 2z=0,
將選項(xiàng)代入檢驗(yàn)知選 C.
x2+ y2+z2=3,
10.60
[ 解析 ]
以 A 為坐標(biāo)原點(diǎn), AB,AD,AP所在的直線(xiàn)分別為
x 軸, y 軸, z 軸,
建立如圖所示的空間直角坐標(biāo)系,則
A(0 , 0, 0) ,P(0 , 0, 3) , B(3 , 0,0) , D(0 , 3,0) ,
(6 , 3, 0) .
C
→
→
→ →
→
→
9
1
PDBC
PD= (0 ,3,- 3) ,BC= (3 , 3,0) ,所以 cos 〈PD,BC〉=
=
= ,
|
→
|
→
|
3 2 3
2 2
|
PD
BC
→
→
PD與 BC所成的角等于 60
.
即〈 PD, BC〉= 60,于是直線(xiàn)
5
11. 120
[ 解析 ]
→ → → →
作 AC⊥ x 軸于 C, BD⊥x 軸于 D,則 AB= AC+CD+ DB,
→
→
=5,|
→
→ →→ →→ →→→
∵ | AC|
= 3,| CD|
DB|
= 2,ACCD= 0
,CD DB= 0
,ACDB= | AC| | DB|cos(180
-θ ) =- 6cos θ ,
→
2
→ → →
2
→
2
→
2
→
2
→ → → → → →
∴ | AB|
=(
AC+ CD+DB)
=
| AC|
+
| CD|
+ |
DB|
+ 2(
AC CD+CD DB+ DB AC) ,
∴ (2
2
2
2
2
1
11) = 3 + 5 +2 + 2(0 -0- 6cos θ) ,∴ cos θ =- . 由于 0≤ θ≤ 180,∴ θ
2
=120 .
10
如圖,以 D為原點(diǎn)建立空間直角坐標(biāo)系
D- xyz. 則 D(0 ,0,0) ,A(
12.
5
[ 解析 ]
2,
0, 0) ,B(
2, 2,0) ,C(0 ,
→
→
, 2,
2,0) , S(0 ,0,2) ,得 SA=( 2,0,- 2) ,SC= (0
-2) .
設(shè) 平面
的一個(gè)法向量為
= (
x
, ,
) ,
ACS
n
y z
→
2x- 2
z= 0,
nSA= 0,
則
→
即
z
= 0,
2 - 2
=0.
n
y
SC
取 z=
2,得 n=(2 , 2,
→
2, 0) .設(shè)二
2) .易知平面 ASD的一個(gè)法向量為 DC= (0 ,
→
面角 -
-
的大小為 θ ,則 |cos
θ| = | nDC|
=
10
. 結(jié)合圖形知二面角
-
-
的
C
AS D
→
5
C
AS D
| n| |DC|
10
余弦值為.
5
13. 1
[ 解析 ]
以 D1 為原點(diǎn),直線(xiàn)
D1A1, D1C1, D1D為 x 軸, y 軸, z 軸建立空間直角坐
1
標(biāo)系,則 A(1 , 0, 1) , B(1 ,1, 1) , B (1 , 1, 0) ,
設(shè) DF= t ,CE= k,則 D1F= 1-t ,∴ F(0 ,0,1- t ) ,E( k,1,1) ,要使 B1E⊥平面 ABF,易知 AB⊥ B1E,故只要 B1E⊥ AF即可,
∵
→
= ( - 1, 0,-
t
→
= (
k
- 1, 0, 1) ,∴
→
→
= 1-
-
= 0,∴
k
+
=1,即
) , 1
1
AF
B E
AF B Ek
t
t
CE+ DF= 1.
→ → → → 1 → →
14.證明: (1) 如圖, EG= EB+ BG= EB+ 2( BC+BD)
→ → → → →
= EB+BF+ EH= EF+ EH,
由共面向量定理知: E, F, G, H四點(diǎn)共面.
6
→ → → 1→ 1→ 1 → → 1→
(2) ∵ EH= AH- AE=2AD- 2AB=2( AD- AB) = 2BD,
且 E,H, B, D四點(diǎn)不共線(xiàn),∴ EH∥ BD.
又 EH? 平面 EFGH, BD?平面 EFGH, ∴ BD∥平面 EFGH.
15.解:如下圖, 建立空間直角坐標(biāo)系
-
xyz
. ∵
⊥平面
, 與平面
成 60
A
PA
ABCDPB
ABC
角,∴∠ PBA= 60 .
取 AB= 1,則 A(0 , 0, 0) , B(1 , 0,0) , C(1 , 1, 0) , P(0 , 0, 3) ,D(0 , 2,0) .
→
→
→
(1) ∵ AC= (1 , 1,0)
, AP=(0 , 0,
3) , CD= ( - 1, 1, 0) ,
→
→
0=
→
→
∴ ACCD=- 1+ 1+
0,AP CD= 0.
∴ ⊥ , ⊥
,∴
⊥平面.
AC CD AP
CD
CD
PAC
又 CD? 平面 PCD,∴平面 PCD⊥平面 PAC.
(2) ∵
→
=
1→
,∴
2 2 3
,∴
→
=
2 2 3
. 又
→
= (1 ,0,-
3) ,∴
→ →
E 0, ,
0, ,
PE
PD
AE
PB
AE PB
3
3
3
3
3
=- 2.
→
→
→
→
-2
3
AE PB
∴ cos〈 AE, PB〉=
→
=
=- .
→
4
4
| AE|
|PB|
32
∴異面直線(xiàn)
與
PB
所成的角的余弦值為
3
.
AE
4
【難點(diǎn)突破】
16.證明: (1) 如下圖,連接 OP,由條件可得 OB, OC, OP兩兩垂直,以點(diǎn) O為坐標(biāo)原點(diǎn),分別以 OB, OC, OP所在直線(xiàn)為 x 軸, y 軸, z 軸建立空間直角坐標(biāo)系 O- xyz ,由條件知, OA= OC=8,PO= 6,OB= 8,則 O(0 ,0,0) ,A(0 ,- 8, 0) ,B(8 , 0,0) ,C(0 ,8,0) , P(0 , 0, 6) , E(0 ,- 4, 3) ,F(xiàn)(4 , 0,3) , G(0 , 4, 0) .
→
→
因?yàn)?OB= (8 ,
0, 0) , OE= (0 ,- 4,3 ) ,所以平面 BOE的一個(gè)法向量 n= (0 , 3, 4) ,
→
4,- 3)
→
由 FG= ( - 4,
,得 n FG= 0.
又直線(xiàn)
不在平面
內(nèi),所以∥平面.
FG
BOE
FG
BOE
(2) 設(shè)點(diǎn) M的坐標(biāo)為 ( x , y ,0) ,則 FM= ( x - 4,y
,- 3) .
0
0
→
0
0
因?yàn)?
⊥平面
,所以
→∥ ,因此
x
= 4,
9
的坐標(biāo)是
9
0
0=- ,即點(diǎn)
4,- , 0 .
FM
BOE
FM
n
y
4
M
4
x>0,
在平面直角坐標(biāo)系
xOy
中,△
AOB
y<0,
的內(nèi)部區(qū)域可表示為不等式組
x- y<8.
經(jīng)檢驗(yàn), 點(diǎn) M的坐標(biāo)滿(mǎn)足上述不等式組,
所以在△ AOB內(nèi)存在一點(diǎn) M,使 FM⊥平面 BOE.
7