《（課標(biāo)通用）高考物理二輪復(fù)習(xí) 選擇題提分技巧 熱點(diǎn)4 牛頓運(yùn)動(dòng)定律的應(yīng)用（含解析）-人教版高三全冊(cè)物理試題》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《（課標(biāo)通用）高考物理二輪復(fù)習(xí) 選擇題提分技巧 熱點(diǎn)4 牛頓運(yùn)動(dòng)定律的應(yīng)用（含解析）-人教版高三全冊(cè)物理試題（5頁珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1、熱點(diǎn)4　牛頓運(yùn)動(dòng)定律的應(yīng)用 (建議用時(shí)：20分鐘) 1．(2019·全國(guó)押題卷二)如圖所示，兩個(gè)質(zhì)量分別為m1、m2的物塊A和B通過一輕彈簧連接在一起并放置于水平傳送帶上，水平輕繩一端連接A，另一端固定在墻上，A、B與傳送帶間動(dòng)摩擦因數(shù)均為μ.傳送帶順時(shí)針方向轉(zhuǎn)動(dòng)，系統(tǒng)達(dá)到穩(wěn)定后，突然剪斷輕繩的瞬間，設(shè)A、B的加速度大小分別為aA和aB，(彈簧在彈性限度內(nèi)，重力加速度為g)則(　　) A．a(chǎn)A＝μg，aB＝μg B．a(chǎn)A＝μg，aB＝0 C．a(chǎn)A＝μg，aB＝0 D．a(chǎn)A＝μg，aB＝μg C　解析 對(duì)物塊B分析，摩擦力與彈簧彈力平衡，有μm2g＝kx，則x＝，以兩個(gè)物塊組成

2、的整體為研究對(duì)象，則繩子的拉力T＝μ(m1＋m2)g；突然剪斷輕繩的瞬間，繩子的拉力減小為零，而彈簧的彈力不變，則A受到的合外力與T大小相等，方向相反，則aA＝＝；B在水平方向仍然受到彈簧的拉力和傳送帶的摩擦力，合外力不變，仍然等于零，所以B的加速度仍然等于零，選項(xiàng)C正確，A、B、D錯(cuò)誤． 2．(2020·安徽皖江名校聯(lián)考)如圖所示，水平地面上有靜止的18個(gè)相同的木塊排成一條直線接觸但不粘連，每個(gè)木塊的長(zhǎng)度l＝0.5 m，質(zhì)量m＝1.2 kg，它們與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為μ1＝0.1，在右邊第一個(gè)木塊的右端放一質(zhì)量M＝1 kg的小鉛塊(可視為質(zhì)點(diǎn))，它與各木塊間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為μ2＝0.5，

3、現(xiàn)突然給小鉛塊一個(gè)向左的初速度v0＝10 m/s，使其在木塊上滑行．設(shè)木塊與地面間及小鉛塊與木塊間的最大靜摩擦力均等于滑動(dòng)摩擦力，重力加速度g＝10 m/s2，則(　　) A．小鉛塊相對(duì)木塊滑動(dòng)時(shí)小鉛塊的加速度大小為10 m/s2 B．小鉛塊最多能帶動(dòng)5個(gè)木塊運(yùn)動(dòng) C．第10個(gè)木塊運(yùn)動(dòng)的速度大小為1 m/s D．小鉛塊下的木塊剛發(fā)生運(yùn)動(dòng)時(shí)小鉛塊的瞬時(shí)速度大小為5 m/s D　解析 設(shè)小鉛塊相對(duì)木塊滑動(dòng)時(shí)加速度大小為a，由牛頓第二定律可得μ2Mg＝Ma，解得a＝5 m/s2，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；設(shè)小鉛塊滑動(dòng)過程中，最多能帶動(dòng)x個(gè)木塊運(yùn)動(dòng)，將x個(gè)木塊當(dāng)作一個(gè)整體進(jìn)行受力分析，當(dāng)木塊運(yùn)動(dòng)時(shí)，則

4、有μ2Mg>μ1(xmg＋Mg)，解得x<3.3，即小鉛塊最多只能帶動(dòng)3個(gè)木塊運(yùn)動(dòng)，選項(xiàng)B、C錯(cuò)誤；由上述分析可知，當(dāng)木塊開始運(yùn)動(dòng)時(shí)，是最后的三個(gè)木塊，則小鉛塊已經(jīng)通過前面的15個(gè)木塊，設(shè)小鉛塊剛滑上第16個(gè)木塊的速度為v，根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式有v－v2＝2a×15l，代入數(shù)據(jù)解得v＝5 m/s，選項(xiàng)D正確． 3．(2020·山西太原名校聯(lián)考)如圖所示，質(zhì)量為m的光滑小球恰好放在質(zhì)量也為m的圓弧槽內(nèi)，它與槽左右兩端的接觸處分別為A點(diǎn)和B點(diǎn)，圓弧槽的半徑為R，OA與水平線AB成60°角．槽放在光滑的水平桌面上，通過細(xì)線和滑輪與重物C相連，滑輪左側(cè)細(xì)線始終處于水平狀態(tài)．通過實(shí)驗(yàn)知道，當(dāng)槽的加速度較大時(shí)

5、，小球?qū)牟壑袧L出．滑輪與細(xì)線質(zhì)量都不計(jì)，要使小球不從槽中滾出，則重物C的最大質(zhì)量為(　　) A．m　　 B．2m　　 C．(－1)m　　 D．(＋1)m D　解析 隔離光滑小球進(jìn)行受力分析，當(dāng)光滑小球加速度達(dá)到最大時(shí)，圓弧槽對(duì)光滑小球的彈力方向沿AO方向，設(shè)圓弧槽對(duì)光滑小球的彈力為F，對(duì)光滑小球，由牛頓第二定律有mgtan 30°＝ma，設(shè)小球不從槽中滾出時(shí)，重物C的最大質(zhì)量為M，對(duì)重物C有Mg－F＝Ma，對(duì)圓弧槽和光滑小球有F′＝2ma，其中F＝F′，聯(lián)立解得M＝(＋1)m，選項(xiàng)D正確． 4．(2020·黑龍家大慶一中開學(xué)考試)某位同學(xué)為了研究超重和失重現(xiàn)象，將重為50 N的物體帶

6、到電梯中，并將它放在水平放置的傳感器上，電梯由啟動(dòng)到停止的過程中，測(cè)得重物的壓力隨時(shí)間變化的圖象如圖所示．設(shè)在t1＝2 s和t2＝8 s時(shí)電梯的速度分別為v1和v2.下列判斷正確的是(　　) A．電梯在上升，v2>v1　　　B．電梯在上升，v1>v2 C．電梯在下降，v1>v2　　　D．電梯在下降，v2>v1 A　解析 由圖可知，0～4 s物體超重，說明電梯開始勻加速上升，4 s末速度達(dá)到最大值，在4～14 s電梯以最大速度勻速上升運(yùn)動(dòng)，在14～18 s物體失重，說明電梯在勻減速上升，18 s末電梯靜止，選項(xiàng)C、D錯(cuò)誤；由上述分析可知，電梯在2 s末的速度小于4 s末的速度，在8 s

7、末的速度等于4 s末的速度，故電梯在2 s末的速度小于8 s末的速度，即v2>v1，選項(xiàng)A正確，B錯(cuò)誤． 5．(2020·黑龍江牡丹江一中開學(xué)考試)(多選)如圖所示，彈簧p和細(xì)繩q的上端固定在天花板上，下端用小鉤鉤住質(zhì)量為m的小球C，彈簧、細(xì)繩和小鉤的質(zhì)量均忽略不計(jì)．靜止時(shí)p、q與豎直方向的夾角均為60°.下列判斷正確的有(　　) A．若p和球突然脫鉤，則脫鉤后瞬間q對(duì)球的拉力大小為mg B．若p和球突然脫鉤，則脫鉤后瞬間球的加速度大小為g C．若q和球突然脫鉤，則脫鉤后瞬間p對(duì)球的拉力大小為mg D．若q和球突然脫鉤，則脫鉤后瞬間球的加速度大小為g BD　解析 由題意可知，原

8、來p、q對(duì)球的拉力大小均為mg，p和球脫鉤后，球?qū)㈤_始沿圓弧運(yùn)動(dòng)，將q受的力進(jìn)行正交分解，如圖甲所示，則有F－mgcos 60°＝0，mgsin 60°＝ma，解得F＝mg，a＝ g，選項(xiàng)A錯(cuò)誤，B正確；q和球突然脫鉤后瞬間，p的拉力未來得及改變，仍為mg，根據(jù)力的合成，如圖乙所示，球所受合力為mg，則球的加速度大小為g，選項(xiàng)C錯(cuò)誤，D正確． 6．(2019·重慶一中月考)(多選)傾角為θ的斜面體M靜止放在粗糙水平地面上，其斜面也是粗糙的．已知質(zhì)量為m的物塊恰可沿其斜面勻速下滑．今對(duì)下滑的物塊m施加一個(gè)向左的水平拉力F，物塊仍沿斜面向下運(yùn)動(dòng)，斜面體M始終保持靜止．則此時(shí)(　　) A

9、．物塊m下滑的加速度等于 B．物塊m下滑的加速度大于 C．水平面對(duì)斜面體M的靜摩擦力方向水平向右 D．水平面對(duì)斜面體M的靜摩擦力大小為零 BD　解析 由題意知，物塊恰能夠沿斜面勻速下滑，得mgsin θ＝μmgcos θ，施加拉力F后，mgsin θ＋Fcos θ－μ(mgcos θ－Fsin θ)＝ma，解得a＝，選項(xiàng)A錯(cuò)誤，B正確；以斜面體為研究對(duì)象，受物塊的摩擦力沿斜面向下為Ff＝μ(mgcos θ－Fsin θ)，正壓力FN＝mgcos θ－Fsin θ，又 μ＝tan θ，把摩擦力和壓力求和，方向豎直向下，所以斜面體在水平方向沒有運(yùn)動(dòng)的趨勢(shì)，故不受地面的摩擦力，選項(xiàng)D正確，

10、C錯(cuò)誤． 7．(2020·安徽六安一中開學(xué)考試)(多選)如圖所示，將小砝碼放在桌面上的薄紙板上，若砝碼和紙板的質(zhì)量分別為M和m，各接觸面間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為μ，砝碼到紙板左端的距離和到桌面右端的距離均為d.現(xiàn)用水平向右的恒定拉力F拉動(dòng)紙板，g為重力加速度，下列說法正確的是(　　) A．紙板相對(duì)砝碼運(yùn)動(dòng)時(shí)，紙板所受摩擦力的大小為μ(M＋m)g B．要使紙板相對(duì)砝碼運(yùn)動(dòng)，F(xiàn)一定大于2μ(M＋m)g C．若砝碼與紙板分離時(shí)的速度小于，砝碼不會(huì)從桌面上掉下 D．當(dāng)F＝μ(2M＋3m)g時(shí)，砝碼最終不會(huì)從桌面邊緣滑落 BC　解析 當(dāng)紙板相對(duì)砝碼運(yùn)動(dòng)時(shí)，紙板所受的摩擦力為μ(M＋m)g＋μM

11、g＝μ(2M＋m)g，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；設(shè)砝碼的加速度為a1，紙板的加速度為a2，則有μMg＝Ma1，F(xiàn)－μMg－μ(M＋m)g＝ma2，發(fā)生相對(duì)運(yùn)動(dòng)需要a2>a1，解得F>2μ(M＋m)g，選項(xiàng)B正確；若砝碼與紙板分離時(shí)的速度小于，砝碼做勻加速運(yùn)動(dòng)的位移小于，根據(jù)對(duì)稱性可知，做勻減速運(yùn)動(dòng)的位移也小于，則砝碼的總位移小于d，不會(huì)從桌面上掉下，選項(xiàng)C正確；當(dāng)F＝μ(2M＋3m)g時(shí)，砝碼未脫離紙板時(shí)的加速度a1＝μg，紙板的加速度a2＝＝2μg，根據(jù)a2t2－a1t2＝d，解得t＝，則砝碼向右做勻加速運(yùn)動(dòng)的位移為x＝a1t2＝d，已到達(dá)桌面邊緣，則此時(shí)砝碼的速度v＝a1t＝，則砝碼脫離紙板后繼續(xù)向右運(yùn)動(dòng)，會(huì)從桌面邊緣滑落，選項(xiàng)D錯(cuò)誤．