《（課標通用）高考物理二輪復習 小題提速搶分練4（8選擇2實驗）（含解析）-人教版高三全冊物理試題》由會員分享，可在線閱讀，更多相關《（課標通用）高考物理二輪復習 小題提速搶分練4（8選擇2實驗）（含解析）-人教版高三全冊物理試題（7頁珍藏版）》請在裝配圖網(wǎng)上搜索。

1、 (8選擇＋2實驗) (建議用時：30分鐘) 一、選擇題(共8小題，每小題6分，共48分．在每小題給出的四個選項中，第14～18題只有一項符合題目要求，第19～21題有多項符合題目要求．全選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分．) 14．(2020·廣西桂林中學開學考試)三個質(zhì)量均為1 kg的相同木塊a、b、c和兩個勁度系數(shù)均為500 N/m的相同輕彈簧p、q用輕繩連接如圖所示，其中a放在光滑水平桌面上．開始時p彈簧處于原長，木塊都靜止．現(xiàn)用水平力緩慢地向左拉p彈簧的左端，直到c木塊剛好離開水平地面為止，g取10 m/s2.則該過程p彈簧的左端向左移動的距離是(　　) A

2、．4 cm B．6 cm C．8 cm D．10 cm C　解析 開始時p彈簧處于原長，可知q彈簧處于壓縮狀態(tài)，壓縮量為Δxq＝＝ m＝2 cm; c木塊剛好離開水平地面時，彈簧q伸長Δxq′＝＝2 cm，則q彈簧上端移動的距離為4 cm；p彈簧伸長Δxp＝＝ m＝4 cm，則p彈簧的左端向左移動的距離是8 cm，選項C正確，A、B、D錯誤． 15．(2019·河南周口一中模擬)某金屬在光的照射下產(chǎn)生光電效應，其遏止電壓Uc與入射光頻率ν的關系圖象如圖所示．則由圖象可知(　　) A．入射光頻率越大，該金屬的逸出功越大 B．入射光的頻率越大，則遏止電壓越大 C．由圖可求出普

3、朗克常量h＝ D．光電子的最大初動能與入射光的頻率成正比 B　解析 當遏止電壓為零時，最大初動能為零，則入射光的能量等于逸出功，所以W0＝hν0，逸出功與入射光頻率無關，是由材料決定的，選項A錯誤；根據(jù)光電效應方程Ekm＝hν－W0和eUc＝Ekm得Uc＝－，當入射光的頻率大于極限頻率時，入射光的頻率越大，則遏止電壓越大，選項B正確；由Uc＝－，知圖線的斜率等于，從圖象上可以得出斜率的大小，可以求出普朗克常量為h＝，選項C錯誤；根據(jù)光電效應方程Ekm＝hν－W0，得最大初動能與入射光的頻率成線性關系，不是成正比，選項D錯誤． 16．(2019·江西撫州九校聯(lián)考)“月亮正加速遠離地球！后代

4、沒月亮看了．”一項新的研究表明，月球的引力在地球上產(chǎn)生了周期性的潮汐現(xiàn)象，潮汐力耗散地球的自轉(zhuǎn)能量，降低地球的旋轉(zhuǎn)速度，同時也導致月球正在以每年3.8 cm的速度遠離地球．不考慮其他變化，則很多年后與現(xiàn)在相比，下列說法正確的是(　　) A．月球繞地球做圓周運動的周期減小 B．月球繞地球做圓周運動的線速度增大 C．地球同步定點衛(wèi)星的高度增大 D．地球同步定點衛(wèi)星的角速度增大 C　解析 萬有引力充當向心力，故G＝mr，解得T＝2π，可知軌道半徑越大，周期越大，所以月球繞地球做圓周運動的周期增大，選項A錯誤；根據(jù)公式G＝m可得v＝，故軌道半徑越大，線速度越小，所以月球繞地球運動的線速度減小

5、，選項B錯誤；因為地球旋轉(zhuǎn)速度減小，即角速度減小，根據(jù)T＝可知自轉(zhuǎn)周期變大，根據(jù)T＝2π可知同步衛(wèi)星的軌道半徑變大，即地球同步定點衛(wèi)星的高度增大，選項C正確，D錯誤． 17．如圖所示，水平面內(nèi)有一個勻強電場，在該平面內(nèi)有一個以O為圓心，R為半徑的圓，其中AB為圓的直徑，C、D為圓上兩點，且∠CAB＝∠DAB＝60°.一個帶電量為＋q的粒子，以初速度v從A點三次沿不同的方向射出，分別運動到B、C、D三點，粒子到達C點的速度為v，到達B 點的速度為v.不計粒子重力，若粒子到達D點的速度大小為vD，勻強電場的場強大小為E，則(　　) A．vD＝v；E＝ B．vD＝v；E＝ C．vD＝v；

6、E＝ D．vD＝v；E＝ A　解析 由動能定理得qUAC＝mv－mv＝mv2，UAC＝；qUAB＝mv－mv＝mv2，UAB＝＝2UAC，故φO＝φC，故WAC＝mv2＝qERcos 30°，解得E＝，A、D兩點電勢相等，vD＝v，選項A正確，B、C、D錯誤． 18．(2019·河南周口一中模擬)如圖所示，長為l的輕桿兩端固定兩個質(zhì)量相等的小球甲和乙，初始時它們直立在光滑的水平地面上．后由于受到微小擾動，系統(tǒng)從圖示位置開始傾倒．當小球甲剛要落地時，其速度大小為(　　) A．　　　 B．　　　 C．　　　 D．0 A　解析 兩球組成的系統(tǒng)水平方向動量守恒，在水平方向，由動量守恒定

7、律得mv－mv′＝0，則在落地時v＝v′＝0；由機械能守恒定律得mv2＋mv′2＝mgl，解得v＝，故選項A正確． 19．(2019·江西紅色七校聯(lián)考)如圖所示，在直角三角形ABC內(nèi)存在垂直紙面向外的勻強磁場(圖中未畫出)，AB邊長度為d，∠C＝，現(xiàn)垂直AB邊射入一群質(zhì)量均為m、電荷量均為q、速度相同的帶正電粒子(不計重力)．已知垂直AC邊射出的粒子在磁場中運動的時間為t0，在磁場中運動時間最長的粒子經(jīng)歷的時間為t0.則下列判斷正確的是(　　) A．粒子在磁場中做勻速圓周運動的周期為4t0 B．該勻強磁場的磁感應強度大小為 C．粒子在磁場中運動的軌道半徑為d D．粒子進入磁場

8、時的速度大小為 ABC　解析 帶電粒子在磁場中做勻速圓周運動，垂直AC邊射出的粒子在磁場中運動的時間是T，即T＝t0，可得周期T＝4t0，選項A正確．由T＝得，B＝＝，選項B正確．設運動時間最長的粒子在磁場中的運動軌跡所對的圓心角為θ，則有T＝，可得 θ＝，畫出該粒子的運動軌跡如圖所示，設軌道半徑為R，由幾何知識得＋Rcos 30°＝d，可得R＝d，選項C正確；根據(jù)＝，解得v＝，選項D錯誤． 20．質(zhì)量為M的足夠長的木板B放在光滑水平地面上，一個質(zhì)量為m的滑塊A(可視為質(zhì)點)放在木板上，設木塊受到的最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，如圖甲所示．木板B受到隨時間t變化的水平拉力F作用時，用傳感器測

9、出木板B的加速度a，得到如圖乙所示的aF圖象，取g＝10 m/s2，則(　　) A．滑塊A的質(zhì)量m＝1.5 kg B．木板B的質(zhì)量M＝1.5 kg C．當F＝5 N時，木板B的加速度a＝4 m/s2 D．滑塊A與木板B間的動摩擦因數(shù)為μ＝0.1 AC　解析 由題圖乙知，當F＝4 N時，加速度為a＝2 m/s2，對整體分析有F＝(m＋M)a，解得m＋M＝2 kg，當F>4 N時，A、B發(fā)生相對滑動，對B有a＝＝F－，由圖示圖象可知，圖線的斜率k＝＝＝2，解得M＝0.5 kg，則滑塊A的質(zhì)量為m＝1.5 kg，選項A正確，B錯誤；當a＝0時，F(xiàn)＝3 N，代入解得μ＝0.2，選項D錯誤

10、；根據(jù)F＝5 N>4 N時，滑塊與木塊相對滑動，B的加速度為aB＝F－g＝4 m/s2，選項C正確． 21．(2019·四川樂山期末)如圖甲所示，導體框架abcd放置于水平面內(nèi)，ab平行于cd，導體棒MN與兩導軌垂直并與導軌接觸良好，整個裝置放置于垂直于框架平面的磁場中，磁感應強度B隨時間t的變化規(guī)律如圖乙所示，MN始終保持靜止．規(guī)定豎直向上為磁場正方向，沿導體棒由M到N為感應電流的正方向，水平向右為導體棒所受安培力F的正方向，水平向左為導體棒所受摩擦力f的正方向，下列圖象正確的是(　　) BD　解析 導體棒始終靜止不動，回路中磁場按題圖乙變化，根據(jù)法拉第電磁感應定律和楞次定律可知

11、感應電動勢(感應電流)在0～t1為零，t1～t3恒定，選項A錯誤，B正確；根據(jù)安培力F＝BIL知，0～t1，F(xiàn)為零，f＝0，t1～t3，F(xiàn)均勻減小到零再均勻增大，方向先水平向右后水平向左，摩擦力與安培力等大反向，選項C錯誤，D正確． 二、實驗題(共15分) 22．(2020·福建廈門六中段考)(6分)某同學用圖甲所示的實驗裝置測量當?shù)氐闹亓铀俣龋冉油娫春筢尫偶垘В诩垘洗虺鲆幌盗械狞c如圖乙所示，圖中A、B、C、D、E、F是紙帶上打出的連續(xù)的點，測出B、C、D、E、F這幾點到A點的距離并標在紙帶上，打點計時器所用交流電的頻率為f. (1)打C點時，重物的速度vC＝______.

12、若分別計算出紙帶上B、C、D、E各點對應的速度，并在坐標系中畫出v2與h的關系圖線，如圖丙所示，則重力加速度g＝____m/s2. 丙 (2)若當?shù)氐闹亓铀俣葹?.8 m/s2，你認為該同學的測量結果存在誤差的主要原因是______________________________________________________________________． (3)當交流電的實際頻率小于f時，仍按f計算，則測量的加速度值比真實的加速度值________(選填“偏大”“偏小”或“不變”)． 解析 (1)打C點時重物的速度為vC＝，由機械能守恒定律得mgh＝mv2－mv，得v2＝v

13、＋2gh，v2-h圖象的斜率k＝2g＝ m/s2，解得g＝9.4 m/s2. (2)由于重錘下落過程受到空氣的阻力作用，紙帶受到限位孔的阻力作用，所測重力加速度偏小． (3)當交流電的實際頻率小于f時，仍按f計算，則參與計算的時間偏小，測得的加速度偏大． 答案 (1)　9.4　(2)重錘和紙帶受到阻力作用 (3)偏大 23．(2019·天津薊州區(qū)聯(lián)考)(9分)(1)今有一未知電阻Rx和一塊鋰電池，電池電動勢E＝4.0 V，某實驗小組先用多用電表粗測了電阻Rx的阻值，選擇開關置于“×100”擋，指針位置如圖甲所示．為了更精確地測量Rx的阻值，又準備了如下器材： A．電壓表V1(量程0

14、～3 V，內(nèi)阻約為4.0 kΩ) B．電壓表V2(量程0～15 V，內(nèi)阻約為12.0 kΩ) C．電流表A1(量程0～50 mA，內(nèi)阻約為5 Ω) D．電流表A2(量程0～2 mA，內(nèi)阻約為50 Ω) E．滑動變阻器R1(0～40 Ω) F．開關S一只、導線若干 ①電壓表應選________，電流表應選________．(填寫選項前的序號) ②請你設計測量Rx的實驗原理圖，并畫在虛線框內(nèi)． (2)另一實驗小組設計了如圖乙所示的電路測量某電池的電動勢E和內(nèi)阻r，圖中R為電阻箱(0～999.9 Ω)．根據(jù)測量數(shù)據(jù)作出-R圖象如圖丙所示．若該圖線的斜率為k，縱軸截距為b，則電池的電動勢E＝________；內(nèi)阻r＝________.(用k和b表示) 解析 (1)①電源電動勢為4 V，故電壓表應選用A；由題圖甲知，被測電阻的阻值約為Rx＝12×100 Ω＝1 200 Ω，支路中的最大電流約為I＝＝A＝2.5 mA，故電流表應選用D．②由于滑動變阻器的最大阻值遠小于被測電阻的阻值，故滑動變阻器采用分壓式接法，＝＜＝，故電流表采用內(nèi)接法，如圖所示． (2)由閉合電路歐姆定律得E＝I(R＋r)，可得＝R＋，結合題圖丙知＝k，＝b，則E＝，r＝. 答案 (1)①A　D　②見解析圖　(2)