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高中數(shù)學(xué) 第六章 推理與證明章末質(zhì)量評(píng)估 湘教版選修22

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高中數(shù)學(xué) 第六章 推理與證明章末質(zhì)量評(píng)估 湘教版選修22

第六章 推理與證明 章末質(zhì)量評(píng)估 (時(shí)間:120分鐘 滿分:150分) 一、選擇題(每小題5分,共50分) 1.學(xué)習(xí)合情推理后,甲、乙兩位同學(xué)各舉了一個(gè)例子, 甲:由“若三角形周長(zhǎng)為l,面積為S,則其內(nèi)切圓半徑r=”類比可得“若三棱錐表面積為S,體積為V,則其內(nèi)切球半徑r=”; 乙:由“若直角三角形兩直角邊長(zhǎng)分別為a、b,則其外接圓半徑r=”類比可得“若三棱錐三條側(cè)棱兩兩垂直,側(cè)棱長(zhǎng)分別為a、b、c,則其外接球半徑r=”.這兩位同學(xué)類比得出的結(jié)論 (  ) A.兩人都對(duì) B.甲錯(cuò)、乙對(duì) C.甲對(duì)、乙錯(cuò) D.兩人都錯(cuò) 解析 利用等面積與等體積法可推得甲同學(xué)類比的結(jié)論是正確的;把三條側(cè)棱兩兩垂直的三棱錐補(bǔ)成一個(gè)長(zhǎng)方體,則此三棱錐的外接球半徑等于長(zhǎng)方體的外接球半徑,可求得其半徑r=,因此,乙同學(xué)類比的結(jié)論是錯(cuò)誤的. 答案 C 2.設(shè)S(n)=++++…+,則 (  ). A.S(n)共有n項(xiàng),當(dāng)n=2時(shí),S(2)=+ B.S(n)共有n+1項(xiàng),當(dāng)n=2時(shí),S(2)=++ C.S(n)共有n2-n項(xiàng),當(dāng)n=2時(shí),S(2)=++ D.S(n)共有n2-n+1項(xiàng),當(dāng)n=2時(shí),S(2)=++ 解析 從n到n2共有n2-n+1個(gè)自然數(shù),即S(n)共有n2-n+1項(xiàng). 答案 D 3.在△ABC中,sin Asin C>cos Acos C,則△ABC一定是 (  ). A.銳角三角形 B.直角三角形 C.鈍角三角形 D.不確定 解析 由sin Asin C>cos Acos C,可得cos (A+C)<0, ∴cos B>0.但A、C不能判斷. 答案 D 4.下列三句話按三段論的模式排列順序正確的是 (  ). ①2 006能被2整除;②一切偶數(shù)都能被2整除;③2 006是偶數(shù). A.①②③ B.②①③ C.②③① D.③②① 答案 C 5.已知a+b+c=0,則ab+bc+ca的值 (  ). A.大于0 B.小于0 C.不小于0 D.不大于0 解析 ∵(a+b+c)2=a2+b2+c2+2(ab+bc+ac)=0. 又∵a2+b2+c2≥0, ∴2(ab+bc+ac)≤0. 答案 D 6.已知a,b∈R,若a≠b,且a+b=2,則 (  ). A.1<ab< B.a(chǎn)b<1< C.a(chǎn)b<<1 D.<ab<1 解析 ∵b=2-a, ∴ab=a(2-a)=-(a2-2a)=-(a-1)2+1<1, ===a2-2a+2=(a-1)2+1>1,故選B. 答案 B 7.下列推理是歸納推理的是 (  ). A.A,B為定點(diǎn),動(dòng)點(diǎn)P滿足|PA|+|PB|=2a>|AB|,得P的軌跡為橢圓 B.由a1=1,an=3n-1,求出S1,S2,S3,猜想出數(shù)列的前n項(xiàng)和Sn的表達(dá)式 C.由圓x2+y2=r2的面積πr2,猜出橢圓+=1的面積S=πab D.科學(xué)家利用魚的沉浮原理制造潛艇 解析 從S1,S2,S3猜想出數(shù)列的前n項(xiàng)和Sn,是從特殊到一般的推理,所以B是歸納推理. 答案 B 8.某個(gè)命題與正整數(shù)有關(guān),如果當(dāng)n=k(k∈N+)時(shí),該命題成立,那么可 推得當(dāng)n=k+1時(shí)命題也成立.現(xiàn)在已知當(dāng)n=5時(shí),該命題不成立,那么可推得 (  ). A.當(dāng)n=6時(shí)該命題不成立 B.當(dāng)n=6時(shí)該命題成立 C.當(dāng)n=4時(shí)該命題不成立 D.當(dāng)n=4時(shí)該命題成立 解析 依題意,若n=4時(shí)該命題成立,則n=5時(shí)該命題成立;而n=5時(shí)該命題不成立,卻無法判斷n=6時(shí)該命題成立還是不成立,故選C. 答案 C 9.已知函數(shù)f(x)=|ln x|,若>a>b>1,則f(a),f(b),f(c)比較大小關(guān)系正確的是 (  ). A.f(c)>f(b)>f(a) B.f(b)>f(c)>f(a) C.f(c)>f(a)>f(b) D.f(b)>f(a)>f(c) 解析 當(dāng)x>1時(shí),f(x)=|lnx|=lnx為增函數(shù),因?yàn)?amp;gt;a>b>1,所以f>f(a)>f(b),而f==|ln c|=f(c),所以f(c)>f(a)>f(b). 答案 C 10.若a>b>c,n∈N+,且+≥恒成立,則n的最大值為 (  ). A.2 B.3 C.4 D.5 解析?。? =≥=. 所以nmax=4. 或者(a-c)· =[(a-b)+(b-c)]· ≥2·2 =4. 答案 C 二、填空題(每小題5分,共25分) 11.在數(shù)列{an}中,a1=1,且Sn,Sn+1,2S1成等差數(shù)列(Sn表示數(shù)列{an}的前 n項(xiàng)和),則S2,S3,S4分別為__________________,猜想Sn=________. 解析 由Sn,Sn+1,2S1成等差數(shù)列, 得2Sn+1=Sn+2S1, 因?yàn)镾1=a1=1,所以2Sn+1=Sn+2. 令n=1,則2S2=S1+2=1+2=3?S2=, 同理,分別令n=2,n=3,可求得S3=,S4=. 由S1=1=,S2==, S3==,S4==,猜想Sn=. 答案:,,  12.設(shè)f(x)是定義在實(shí)數(shù)集R上的函數(shù),且滿足f(x+2)=f(x+1)-f(x),如 果f(1)=lg,f(2)=lg 15,則f(2 008)=________. 解析 由f(1)=lg=lg 15-1,f(2)=lg 15, f(3)=f(2)-f(1)=1, f(4)=f(3)-f(2)=1-lg 15, f(5)=f(4)-f(3)=-lg 15, f(6)=f(5)-f(4)=-1, f(7)=f(6)-f(5)=lg 15-1, f(8)=f(7)-f(6)=lg 15,…, 可以猜想到,從f(7)開始,又重復(fù)了上述數(shù)值, 即f(x+6)=f(x), ∴f(2 008)=f(334×6+4)=f(4)=1-lg 15. 答案:1-lg 15 13.觀察下列等式:13+23=(1+2)2,13+23+33=(1+2+3)2,13+23+33+43 =(1+2+3+4)2,…,根據(jù)上述規(guī)律,第四個(gè)等式為________. 答案 13+23+33+43+53=(1+2+3+4+5)2 14.用數(shù)學(xué)歸納法證明:1+2+3+…+n2=,則n=k+1時(shí)左端在n =k時(shí)的左端加上________. 解析 n=k左端為1+2+3+…+k2,n=k+1時(shí)左端為1+2+3+…+k2+(k2+1)+(k2+2)+…+(k+1)2. 答案 (k2+1)+(k2+2)+…+(k+1)2 15.設(shè)等差數(shù)列{an}的前n項(xiàng)和為Sn,則S4,S8-S4,S12-S8,S16-S12成 等差數(shù)列.類比以上結(jié)論有:設(shè)等比數(shù)列{bn}的前n項(xiàng)積為Tn,則T4,________,________,成等比數(shù)列. 解析 對(duì)于等比數(shù)列,通過類比,有等比數(shù)列{bn}的前n項(xiàng)積為Tn,則T4=a1a2a3a4,T8=a1a2…a8,T12=a1a2…a12,T16=a1a2…a16,因此=a5a6a7a8,=a9a10a11a12,=a13a14a15a16,而T4,,,的公比為q16,因此T4,,,成等比數(shù)列. 答案   三、解答題(本大題共6小題,共75分) 16.(本小題滿分13分)下列是真命題還是假命題,用分析法證明你的結(jié)論. 命題:若a>b>c且a+b+c=0,則<. 證明 此命題是真命題 ∵a+b+c=0,a>b>c,∴a>0,c<0. 要證<成立,只要證<a. 即證b2-ac<3a2,也就是證:(a+c)2-ac<3a2. 即證(a-c)(2a+c)>0. ∵a-c>0,2a+c=(a+c)+a=a-b>0, ∴(a-c)(2a+c)>0成立.故原不等式成立. 17.(本小題滿分13分)設(shè)a>0,b>0,2c>a+b,求證: (1)c2>ab; (2)c-<a<c+. 證明 (1)∵a>0,b>0,∴2c>a+b≥2 ∴c>>0,∴c2>ab. (2)要證c-<a<c+ 只要證-<a-c< 即證|a-c|<,也就是(a-c)2<c2-ab 而(a-c)2-(c2-ab)=a(a+b-2c)<0 ∴原不等式成立. 18. (本小題滿分13分)如圖,SA⊥平面ABC,AB⊥ BC,過A作SB的垂線,垂足為E;過E作SC的垂線,垂足為F. 求證:AF⊥SC. 證明 要證AF⊥SC,只需證SC⊥平面AEF, 只需證AE⊥SC(因?yàn)镋F⊥SC), 只需證AE⊥平面SBC, 只需證AE⊥BC(因?yàn)锳E⊥SB), 只需證BC⊥平面SAB, 只需證BC⊥SA(因?yàn)锳B⊥BC). 由SA⊥平面ABC可知上式成立,所以AF⊥SC. 19.(本小題滿分12分)觀察下表: 1, 2,3 4,5,6,7 8,9,10,11,12,13,14,15, … 問:(1)此表第n行的最后一個(gè)數(shù)是多少? (2)此表第n行的各個(gè)數(shù)之和是多少? (3)2 008是第幾行的第幾個(gè)數(shù)? 解 (1)∵第n+1行的第1個(gè)數(shù)是2n, ∴第n行的最后一個(gè)數(shù)是2n-1. (2)2n-1+(2n-1+1)+(2n-1+2)+…+(2n-1) ==3·2n-3-2n-2為所求. (3)∵210=1 024,211=2 048,1 024<2 008<2 048, ∴2 008在第11行,該行第1個(gè)數(shù)是210=1 024,由2 008-1 024+1=985,知2 008是第11行的985個(gè)數(shù). 20.(本小題滿分12分)用數(shù)學(xué)歸納法證明:對(duì)任意n∈N+,··… >成立. 證明 (1)當(dāng)n=1時(shí),左邊=,右邊=,因?yàn)?amp;gt;,所以不等式成立. (2)假設(shè)當(dāng)n=k時(shí)不等式成立,即··……>成立,則當(dāng)n=k+1時(shí), 左邊=··……·>· = = = >. 所以當(dāng)n=k+1時(shí),不等式也成立,由(1),(2)可得不等式恒成立. 21.(本小題滿分12分)已知函數(shù)f(x)=x2-4,設(shè)曲線y=f(x)在點(diǎn)(xn,f(xn)) 處的切線與x軸的交點(diǎn)為(xn+1,0)(n∈N+),其中x1為正實(shí)數(shù). (1)用xn表示xn+1; (2)求證:對(duì)一切正整數(shù)n,xn+1≤xn的充要條件是x1≥2; (3)若x1=4,記an=lg,證明數(shù)列{an}成等比數(shù)列,并求數(shù)列{xn}的通項(xiàng)公式. (1)解 由題意可得f′(x)=2x, 所以過曲線上點(diǎn)(xn,f(xn))的切線方程為 y-f(xn)=f′(xn)(x-xn), 即y-(x-4)=2xn(x-xn). 令y=0,得-(x-4)=2xn(xn+1-xn). 即x+4=2xnxn+1.顯然xn≠0,∴xn+1=+. (2)證明 (必要性) 若對(duì)一切正整數(shù)n,有xn+1≤xn,則x2≤x1, 即+≤x1,∴x≥4.而x1>0,即有x1≥2. (充分性)若x1≥2>0,由xn+1=+, 用數(shù)學(xué)歸納法易得xn>0,從而 xn+1=+≥2=2(n≥1), 即xn≥2(n≥2).又x1≥2,∴xn≥2(n≥1). 于是xn+1-xn=+-xn= =≤0. 即xn+1≤xn對(duì)一切正整數(shù)n成立. (3)解 xn+1=+,知xn+1+2=, 同理,xn+1-2=.故=()2. 從而lg=2lg,即an+1=2an. 所以,數(shù)列{an}成等比數(shù)列, 故an=2n-1a1=2n-1·lg=2n-1lg 3, 即lg=2n-1lg 3. 從而=32n-1,所以xn=. 6EDBC3191F2351DD815FF33D4435F3756EDBC3191F2351DD815FF33D4435F3756EDBC3191F2351DD815FF33D4435F3756EDBC3191F2351DD815FF33D4435F3756EDBC3191F2351DD815FF33D4435F3756EDBC3191F2351DD815FF33D4435F375

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